热门试卷

解：AB、设物体和斜面的质量分别为m和M，绳子与斜面的夹角为θ．

取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和绳子的拉力T，则由平衡条件得

斜面方向：mgsinα=Tcosθ ①

垂直斜面方向：N+Tsinθ=mgcosα ②

使小球沿斜面缓慢下移时，θ减小，其他量不变，由①式知，T减小．

由②知，N变大，故A错误，B正确．

CD、对斜面和小球整体分析受力：重力（M+m）g、地面的支持力N′和摩擦力f、绳子拉力T，由平衡条件得

f=Nsinα，N变大，则f变大，

N′=（M+m）g+Ncosα，N变大，则N′变大，由牛顿第三定律得知，斜面对地面的压力也变大．故CD正确．

故选：BCD

解：AC、以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图1所示．

设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为θ，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：

 N1=mAgtanθ，

库仑力F库=．

将小球B向左推动少许时，θ减小，tanθ减小．则N1减小，cosθ增大，F库减小，根据库仑定律分析得知，两小球间距增大．根据牛顿第三定律可知，A球对竖直墙面的压力减小．故A、C正确．

BD、再以AB整体为研究对象，分析受力如图2所示，由平衡条件得：

 F=N1

 N2=（mA+mB）g

N1减小，则F减小，地面对小球B的支持力N2一定不变．故B错误，D正确．

故选：ACD

解：C、D、物体保持静止状态，合力保持为零，故合力的水平方向分力和竖直方向分力均不变，保持为零，故C错误，D正确；

A、B、对物体受力分析并分解如图，根据平衡条件得：

物体所受斜面支持力N=Fsinθ+mgcosθ，F增大，则得N一定增大；

未画上f，分情况讨论f的情况：

开始时物体处于静止状态，故重力的下滑分量一定静摩擦力；

①Fcosθ=Gsinθ；f=0；F增大，f增大；

②Fcosθ＞Gsinθ；f沿斜面向下，F增大，f增大；

③Fcosθ＜Gsinθ；f沿斜面向上，F增大，f先变小后变大

由于推力F从零开始增加，故静摩擦力一定是先减小后增大；

故A错误，B正确；

本题选错误的，故选：AC．

解：对乙球受力分析，受重力mg、甲对乙的支持力N1和挡板的支持力N2，如图

重力的大小和方向都不变，挡板的支持力方向不变、大小变，甲对乙的支持力的大小和方向都变，根据三力平衡条件得到：

甲对乙的支持力N1先变小后变大，挡板的支持力N2不断变小；

乙对挡板的压力等于挡板对乙的压力，故F1不断变小；

再对甲与乙整体受力分析，受到推力、重力、斜面的支持力和挡板的支持力，如图：

根据共点力平衡条件，有：

F+（M+m）gsinθ-N2=0

N3-（M+m）gcosθ=0

解得：

N3=（M+m）gcosθ

故斜面对甲的支持力不变，而甲对斜面的压力等于斜面对甲的支持力，故甲对斜面的压力F2不变；

故选：D．

解：要增大拉力沿水平方向的合力，可以降低合力与水平方向的夹角，也可以增加合力；

A、仅增大四个人之间的间距，根据平行四边形定则，合力减小，故拉力沿水平方向的合力减小，故A错误；

B、仅减小四个人的间距，四个拉力的夹角减小，故根据平行四边形定则，合力增大，故拉力沿水平方向的合力增大，故B正确；

C、仅缩短拉绳，合力与水平方向的夹角增大，故拉力沿水平方向的合力减小，故C错误；

D、仅增长拉绳，合力与水平方向的夹角减小，故拉力沿水平方向的合力增大，故D正确；

故选：BD