- 恒定电流
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一个电阻上标有“2Ω，32W”，允许加在这个电阻两端的最大电压为______V，这个电阻允许通过的最大电流为______A．当这个用电器两端加上6V电压时，它实际消耗电流功率为______W．
正确答案
8
4
18
解析
解：由P=
允许通过的最大电流为 Im=
当这个用电器两端加上6V电压时，它实际消耗电流功率为 P实=
故答案为：8，4，18．
在如图所示电路中，当变阻器的滑动头P由b向a端移动时（ ）
正确答案
解析
解：A、当滑动变阻器的滑动触点向a端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E-Ir增大，则电压表示数增大；电阻R2的电压U2=E-I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流 I3=I-I2减小，故A正确，BD错误；
C、总电流减小，则电阻R1消耗的功率减小，故C正确．
故选：AC．
（1）灯L的额定功率；
（2）S断开时，电灯L的实际功率为多少？要使它正常发光，滑动变阻器的阻值应调至多大？
正确答案
解析
解：（1）电键S合上，由P总-P出=I2r，代入解得I=2A
由P总=EI，得：
E=
根据闭合电路欧姆定律，有：
U=E-Ir=8-2×1=6V
流过R1的电流I1=
灯的电压UL=U-U2=U-ILR2=6-1×2=4V
灯的电阻RL=
灯的功率P灯=ULIL=4×1=4W
（2）电键S断开，外电路的总电阻为：R=R2+RL=2+4=6Ω
干路电流为：I′=
故灯泡的实际功率为：PL=I′2RL=（
电键S断开后，要使它正常发光，变阻器的电压为U2′=E-UL-ILr=8-4-1×1=3V
滑动变阻器的阻值 R2′=
答：（1）电灯的额定功率为4W；
（2）S断开时，电灯L的实际功率为5.2W；要使它正常发光，滑动变阻器的阻值应调至多3Ω．
在闭合电路中（ ）
正确答案
解析
解：A、在外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中正好相反．故A错误．
B、电源的输出功率 P出=EI-I2r，由数学知识可知电流I从0开始增大时，电源的输出功率先增大后减小，故B错误．
C、电源的效率 η=
D、电源的效率 η=η=
故选：D
正确答案
解析
解：灯泡恰能正常工作，所以灯泡的电流为I=
灯泡与电动机串联，故电流相同，
电动机的输入功率为P入=UI=6×2W=12W，
电动机的输入功率为P出=P入-I2r=12-22×0.5=10W，
答：电动机的输入功率为12w，输出功率为10w．
下列小灯泡正常发光时，通过灯丝电流最大的是（ ）
正确答案
解析
解：由P=UI可得，I=
电流分别为：
故电流最大的是D；
故选：D．
正确答案
电
240
解析
解：充电过程是将电能转化为化学能的过程．
第一次关闭自充电装置，让车自由滑行过程，由图读出：位移大小为x1=10m，初动能为600J，末动能为0，根据功能关系得到，fx=Ek，则滑动摩擦力大小f=
第二次启动自充电装置，让车自由滑行过程，由图读出：位移大小为x2=6m，初动能为600J，末动能为0，根据能量守恒定律得，Ek=fx2+E，得到第二次向蓄电池所充的电能E=Ek-fx2=600J-60×6J=240J
故答案为：电；240
（2015秋•山西期末）某用户新房安装电路时，为了既能节约导线又安全，他在网上查了一下家庭电路用线规则，其中有这么两句：“十下五，铜线升级算”．意思是10mm2及10mm2以下的铝线的载流量为横截面积的5倍，如2.5mm2的铝线的截流量为2.5×5A=12.5A，铜线升级算的意思是2.5mm2的铜线按4mm2的铝线算，4mm2的铜线按6mm2的铝线算，以此类推，已知导线的型号有：1、1.5、2.5、4、6、10、16（单位：mm2）等等．如果该用户打算用铜导线，他家所有用电器总功率大约10000W，其中厨房用电器总功率约为3000W，卫生间约为2000W，客厅约为3000W，已知家用电压为220V，则下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、家中所有用电器总功率大约10000W，电压为220V，故电流为：
I=
根据题意，铝导线规格要求：
故选铝线要10mm2，选铜线要6mm2；故A错误；
B、厨房用电器总功率约为3000W，电压为220V，故电流为：
根据题意，铝导线规格要求：
故选铝线要5mm2，选铜线要2.5mm2；故B正确；
C、卫生间约为2000W，电压为220V，故电流为：
根据题意，铝导线规格要求：
故选铝线要2.5mm2，选铜线要1.5mm2；故C正确；
D、1500W的空调的专用插座线的额定电流为：
根据题意，铝导线规格要求：
故选铝线要1.5mm2，选铜线要1mm2；故D错误；
故选：BC
正确答案
解析
解：如图所示，由P=
则由P=
故选：B．
一只小灯泡“12V，6W”，则该灯泡的电阻______，若将其接在6V的电源上，其实际功率为______．
正确答案
24Ω
1.5W
解析
解：小灯泡标有“12V，6W”，则小灯泡的额定电压为12V，额定功率为6W，则灯泡的电阻为：
小灯泡电阻不变，将其接在6V的电源上时，其实际功率为：
故答案为：24Ω； 1.5W
有一只小型直流电动机和一只白炽灯，它们的铭牌上都标有“220V 40W”的字样，现将它们并联接在电源电压为220V直流电路中，当电路接通后（ ）
A在相同的时间内发出的热量相同
B在相同的时间内消耗的电能相同
C对它们来说IU=I2R都是成立的
D对电动机来说IU=
正确答案
解析
解：A、根据P=UI知，消耗的电能都为40W．电动机耗的电能转化为内能和机械能；白炽灯消耗的电能全部转化为内能．故A错误，B正确．
C、对于电动机有：UI=I2R+P机．且
故选B．
正确答案
0.5
先变小后变大
解析
解：把保护电阻看做电源的内阻，电源与保护电阻等效于电源，
滑动变阻器是外电路，当滑片P在滑动变阻器中央时，外电路电阻最大，
为R外=5Ω，由闭合电路欧姆定律可得，电路最小电流，即电流表最小示数I=
滑片P从a滑到b的过程中，电路外电阻R先变大后变小，电源电动势不变，由P=
故答案为：0.5；先变小后变大．
（1）该电饭锅正常加热时，电路中的电流是多大？
（2）该电饭锅正常加热30分钟后保温1小时共用电多少KWh？
正确答案
解析
解：（1）由P=UI可得，该电饭锅正常加热时电路中的电流：
I=
（2）该电饭锅正常加热30分钟后保温1小时消耗的电能Q=P加热t1+P保温t2=（0.88×0.5+0.04×1）kWh=0.48kWh．
答：（1）该电饭锅正常加热时，电路中的电流是4A；
（2）该电饭锅正常加热30分钟后保温1小时共用电0.48kWh．
一台电动机额定电压为220V，线圈电阻R=0.5Ω，电动机正常工作时通过电动机线圈的电流为4A，电动机正常工作10min，求：
（1）电动机消耗的电能．
（2）电动机内阻产生的热量．
正确答案
解析
解：（1）电动机额定电压为220V，电流为4A，电动机正常工作10min，消耗的电能：
W=UIt=220×4×600=5.28×105J；
（2）产生的热量：
Q=I2Rt=42×0.5×600=4800J；
答：（1）电动机消耗的电能5.28×105J；
（2）内阻产生的热量为4.8×103J
正确答案
0.3
解析
解：从电风扇的铭牌得到额定功率P=66W，额定电压U=220V，故额定电流为：I=
转化为机械功率等于电动机消耗的电功率的95%，根据能量守恒定律可知线圈电阻消耗功率为5%P，故：
5%P=I2R
解得：R=
故答案为0.3A，36.7Ω．
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