- 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
- 共13438题
已知某哺乳动物棒状尾（A）对正常尾（a）为显性，直毛（B）对卷毛（b）为显性，黄色毛（Y）对白色毛（y）为显性．但是雌性个体无论基因型如何，均表现为白色毛．三对基因均位于常染色体上并遵循基因的自由组合定律．请回答：
（1）如果想依据子代的表现型判断出性别，下列各杂交组合中，能满足要求的是______．
①aayy×AAYY ②AAYy×aayy ③AaYY×aaYy ④AAYy×aaYy
（2）如果一只黄色个体与一只白色个体交配，生出一只白色雄性个体，则父本、母本、子代个体的基因型分别是______．
（3）如果一只表现型为黄色棒状尾和一只白色棒状尾的亲本杂交，Fl表现型雄性
（4）如果该动物的某基因结构中一对脱氧核苷酸发生改变，而蛋白质中的氨基酸序列并未改变，其可能的原因是：①______，②______．
正确答案
解析
解：（1）①aayy×AAYY杂交，子代AaYy，雄性表现为棒状尾黄色毛，雌性表现为棒状尾白毛，可以判断；②AAYy×aayy杂交，子代AaYy和Aayy，雄性为棒状尾黄色毛和棒状尾白毛，雌性棒状尾白毛，不可以判断；③AaYY×aayy杂交，后代AaYy和aaYy，雄性棒状尾黄色毛和正常尾黄色毛，雌性棒状尾白色毛和正常尾白色毛，可以判断；④AAYy×aaYy杂交，子代是AaY_和Aayy，雄性表现棒状尾黄色毛和棒状尾白色毛，雌性表现为棒状尾白色毛，不可以判断．
（2）根据“生出一个白色雄性个体”可推出该个体基因型为yy，因此要求母本和父本都应有y基因．因雌性个体无论基因型如何，均表现为白色毛，故可知黄色个体一定为父本，且基因组成为Yy；母本的基因组成为Yy或yy．
（3）根据子代棒状与正常之比为3：1，可推出亲本基因组成都为Aa；又根据雄性个体中白色：黄色=1：1，因此可以确定亲本基因组合为Yy×yy，因此父本基因型为Yy，则母本为yy，由此可以确定，父本和母本的基因型依次是YyAa、yyAa．
（4）如果动物某基因结构中一对脱氧核苷酸发生改变，而蛋白质中的氨基酸序列并未改变，其可能原因：一是突变以后产生的密码子决定的氨基酸的种类没有发生改变，不同的密码子决定同一种氨基酸；二是基因突变发生在基因结构中的非编码序列，不影响其合成的蛋白质分子结构．
故答：
（1）①③
（2）Yy Yy或yy yy
（3）yyAa YyAa
（4）①基因突变发生的部位不参与编码蛋白质 ②突变后转录出的mRNA相应位点的密码子和原来的密码子编码的是同一种氨基酸
已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有F2，假定所有F2均成活，在F2植株开花前，拔掉所有有芒植株，并对剩下植株进行套袋，假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律，从理论上讲，F3中表现有芒的植株比例为（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：根据题意分析，两对性状独立遗传，遵守基因自由组合定律，设抗病基因为A，不抗病基因为a；无芒为B，有芒基因为b．则亲本为AABB×aabb，F1为AaBb．F1自交，F2有4种：抗病无芒（A_B_）：抗病有芒（A_bb）：感病无芒（aaB_）：感病有芒（aabb）=9：3：3：1．去除所有有芒个体，剩下抗病无芒（A_B_）：感病无芒（aaB_）=9：3=3：1，其中BB占
故选：B．
番茄紫茎（A）对绿茎（a）是显性，缺刻叶（B）对马铃薯叶（b）是显性，这两对性状独立遗传：
（1）题中所涉及的两对相对性状的遗传遵循______定律．
（2）两个番茄亲本杂交，F1中各类型个体数量如上表．这两个亲本的基因型分别是______和______．
（3）基因型为AaBb的番茄自交，后代中能稳定遗传的个体所占比例为______，基因型为AABb的个体所占的比例为______．若想对紫茎马铃薯叶个体进行测交，应选择基因型为______的个体．
正确答案
解析
解：（1）题中所涉及的两对相对性状能独立遗传，所以其遗传遵循基因的自由组合定律．
（2）两对等位基因控制两对相对性状的遗传符合自由组合规律．就紫茎和绿茎这一对性状来看，表中给出的数据：紫茎：绿茎=1：1，说明这两个亲本的基因型一个是Aa，另一个是aa；就缺刻叶和马铃薯叶这一对性状看，表中给出的数据：缺刻叶：马铃薯叶=3：1，说明两个亲本的基因都是杂合子（Bb），所以两个亲本的基因型分别是AaBb和aaBb．
（3）基因型为AaBb的番茄自交，根据基因的自由组合定律，后代有9种基因型，其中能稳定遗传的占
故答案为：
（1）基因的自由组合
（2）AaBb和aaBb
（3）
正确答案
解析
解：A、基因型为Aabb的植株自交后代有3种基因型（AAbb、Aabb、aabb）均表现为白花，不会发生性状分离，A正确；
B、由图可知，只有基因A和基因B时存在，该植株才能合成紫色素，才会表现紫花性状，B正确；
C、AaBb×aabb→AaBb（紫花）：Aabb（白花）：aaBb（白花）：aabb（白花）=1：1：1：1，可见后代紫花植株与白花植株的比例为1：3，C正确；
D、紫色性状的出现是基因通过控制酶的合成间接控制的，D错误．
故选：D．
某种植物叶片的形状由多对基因控制．一学生兴趣小组的同学用一圆形叶个体与另一圆形叶个体杂交，结果子代出现了条形叶个体，其比例为圆形叶：条形叶=13：3．就此结果，同学们展开了讨论：
观点一：该性状受两对基因控制．
观点二：该性状有受三对基因控制的可能性，需要再做一些实验加以验证．
观点三：该性状的遗传不遵循遗传的基本定律．
请回答以下相关问题（可依次用Aa、Bb、Dd来表示相关基因）：
（1）以上观点中明显错误的是______．
（2）观点一的同学认为两亲本的基因型分别是______，遵循的遗传定律有______．
（3）观点二的同学认为条形叶是三对基因均含显性基因时的表现型，即子代中条形叶的基因型是______，两亲本的基因型分别是______．
（4）就现有材料来验证观点二时，可将上述子代中的一株条形叶个体进行______，如果后代出现圆形叶：条形叶=______，则观点二有可能正确．
正确答案
解析
解：（1）根据题中圆形叶×圆形叶→圆形叶：条形叶=13：3，属于自由组合定律中F2代表现型9：3：3：1的变形，所以观点三明显错误．
（2）根据观点一，因为后代发生性状分离，其表现型为圆形叶：条形叶=13：3，其双亲为双杂合个体，遵循基因的自由组合定律．
（3）持观点二的同学认为条形叶是三对基因均含显性基因时的表现型，即子代中条形叶的基因型一定要有三种显性基因，为A__BbDd（或AaB__Dd或AaBbD__），两亲本的表现型是圆形叶，所以基因型应不含三种显性基因，同时保证子代能出现三种显性基因，并且条形叶所占比例为
（4）在验证植物基因型的实验中最简便的方法就是自交．假如亲本基因型是AabbDd、AaBbdd，子代条形叶的基因型就有两种：AABbDd和AaBbDd．AABbDd自交，子代出现条形叶的比例是1×
故答案为：
（1）观点三
（2）AaBb、AaBb 分离定律和自由组合定律（只答自由组合定律也可）
（3）A__BbDd（或AaB__Dd或AaBbD__） AabbDd、AaBbdd（或AaBbdd、aaBbDd或AabbDd、aaBbDd）
（4）自交 7：9或37：27
某单子叶植物的非糯性（A）对糯性（a）为显性，抗病（T）对染病（t）为显性，花粉粒长形（D）对圆形（d）为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上．非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色．现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd；②AAttDD；③AAttdd；④aattdd．请按要求回答下列问题．
（1）若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①与______（填序号）杂交．
（2）若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，杂交时应选择的两亲本为______（填序号）．将杂交所得F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，预期结果为：______．
（3）若培育糯性抗病优良品种，应选用______（填序号）作亲本进行杂交，在F2中筛选抗病性状的方法是______．
（4）若③和④杂交所得F1自交，则F1所结种子中非糯性与糯性的比例为______．
（5）在遗传学实验中，玉米是较好的实验材料，请说明理由：①______；②______．
正确答案
解析
解：（1）基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分开而分离．花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，所选亲本杂交后要能得到基因型为Dd或Aa的子代，因此可应选择亲本①与②或①与④杂交．
（2）花粉粒分为长形和圆形、非糯性和糯性，且非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色，若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，所选亲本杂交后要能得到基因型为AaDd的子代，因此应选择的两亲本为②和④．②（AAttDD）和④（aattdd）杂交所得F1的基因型为AattDd，能产生四种类型的花粉，其基因型及比例为AtD（蓝色长形）：Atd（蓝色圆形）：atD（棕色长形）：atd（棕色圆形）=1：1：1：1，因此将这些花粉涂在载玻片上，加碘液染色，置于显微镜下观察，预期结果为：蓝色长形：蓝色圆形：棕色长形；棕色圆形=1：1：1：1．
（3）要培育糯性抗病（aaT_）优良品种，应选用①（AATTdd）和④（aattdd）作亲本进行杂交；可用于病原体感染法在F2中出筛选抗病性状．
（4）③（AAttdd）和④（aattdd）杂交所得F1的基因型为Aattdd，根据基因分离定律，其自交所得后代中非糯性（A_ttdd）与糯性（aattdd）的比例为3：1．
（5）玉米适宜作为遗传学实验材料的原因：①玉米雌雄同株异花，去雄操作简便；②生长期较短，繁殖速度较快；具有容易区分的相对性状；产生的后代较多，统计更准确等．
故答案为：
（1）②或④
（2）②和④蓝色长形：蓝色圆形：棕色长形；棕色圆形=1：1：1：1
（3）①和④病原体感染法
（4）3：1
（5）玉米雌雄同株异花，去雄操作简便；生长期较短，繁殖速度较快；具有容易区分的相对性状；产生的后代较多，统计更准确
下列杂交组合属于测交的是（ ）
正确答案
解析
解：测交是指杂合体与隐性类型（每一对基因都是隐性纯合）的个体进行杂交，在题目给出的选项中：
A、EeFf×EeFf中没有隐性类型的个体，且基因型相同，属于自交，A错误；
B、EeFf×eeFf中没有隐性类型的个体，属于杂交，B错误；
C、eeff×EeFf中一个为杂合体，另一个为隐性类型的个体，属于测交，C正确；
D、eeFf×Eeff中没有隐性类型的个体，属于杂交，D错误．
故选：C．
某种鸟的羽色受两对相互独立的等位基因控制，其中A、a基因在性染色体的非同源区，B、b基因在常染色体上，位置如图甲所示．该鸟羽毛颜色的形成与相关基因的关系如图乙所示．请回答：
（1）据力分析可知，雌性黑色鸟的基因型有______种，雄性纯合灰色鸟的基因型是______．若在某特定的环境中，灰色羽毛使鸟利于躲避敌害，长期的自然选择导致B基因的基因频率产______．
（2）图甲所示个体的一个原始生殖细胞经减数分裂会产生______个成熟的生殖细胞，该个体产生的配子，基因组成应该有______种，如果该个体产生了含有两个B基因的生殖细胞，原因是在减数分裂的______期两务姐妹染色单体没有分开所致．
（3）这了判断一只黑色雄鸟的基因型，可将它与多只灰色雌鸟杂交．如果子代羽色表现为______，则谇黑鸟为纯合子；如果子代出现两种羽色，则该黑鸟的基因型为______．如果子代出现三种羽色，那么子代中黑色雌鸟所占比例为______．
（4）该鸟体内还有一对等位基因D和d，D能使灰色或黑色羽毛出现有条纹，d为无条纹．如果将黑色无条纹雄鸟和灰色有条纹雌鸟杂交，后代的表现型及比例为：黑色有条纹：黑色无条纹：灰色有条纹：灰色无条纹=1：1：1：1，该结果______（能/不能）说明B和D基因符合自由组合定律，原因是：______．
正确答案
解析
解：（1）根据题意分析已知黑色的基因型是B_ZA_，所以雌性黑色鸟的基因型有 2种，分别是BBZAW、BbZAW；灰色的基因型是bbZA_，所以雄性纯合灰色鸟的基因型是 bbZAZA．若在某特定的环境中，灰色羽毛（bbZA_）使鸟利于躲避敌害，则长期的自然选择将导致B基因的基因频率 下降．
（2）图甲所示个体的性染色体为ZW，是雌性的，所以一个原始生殖细胞经减数分裂会产生 1个成熟的卵细胞，该个体产生的配子基因型为BZA、bZA、BW、bW 4种，如果该个体产生了含有两个B基因的生殖细胞，说明在减数分裂的 第二次分裂后期两条含B的姐妹染色单体没有分开．
（3）黑色雄鸟的基因型可能是B_ZAZ-，可将它与多只灰色雌鸟（bbZAW）杂交．如果子代羽色表现为 全部黑色，则黑色雄鸟为纯合子BBZAZA；如果子代出现两种羽色，则该黑鸟的基因型为 BbZAZA 或BBZAZa ．如果子代出现三种羽色，说明黑鸟的基因型为BbZAZa，那么子代中黑色雌鸟（B_ZAW）所占比例为 
（4）该鸟体内还有一对等位基因D和d，D能使灰色或黑色羽毛出现有条纹，d为无条纹．如果将黑色无条纹雄鸟（B_ddZAZ-，）和灰色有条纹雌鸟（bbD_ZAW）杂交，无论B、b与D、d是否位于一对同源染色体上，后代的表现型及比例为：黑色有条纹：黑色无条纹：灰色有条纹：灰色无条纹=1：1：1：1．
故答案为：
（1）2 bbZAZA 下降
（2）1 4 第二次分裂后
（3）全部黑色 BbZAZA 或BBZAZa 
（4）不能 无论B、b与D、d是否位于一对同源染色体上，都会出现该结果
某雌雄异体的二倍体植物，其花色由A、a和B、b两对等位基因控制，其中B基因控制红色性状．现用白甲、白乙、红色和粉色4个纯合品种进行杂交实验，结果如下：
实验1：红色×粉色，F1表现为红色，F1自交，F2表现为3红色，1粉色
实验2：白甲×红色，F1表现为白色，F1自交，F2表现为12白色，3红色，1粉色
实验3：白乙×粉色，F1表现为白色，F1×粉色，F2表现为2白：1红色：1粉色
Ⅰ．分析上述试验结果，请回答下列问题：
（1）白甲纯合品种的基因型是______，实验2得到的F2中红色品种的基因型是______．
（2）若实验3得到的F2中白色植株自交，F3中的花色的表现型及比例是______．
（3）该植物花色的遗传遵循______定律．
Ⅱ．该植物有宽叶和窄叶两种类型，分别由位于X上的基因E、e控制．
（1）该植株幼小时，雌雄不易区分，若想通过一次杂交实验，通过叶型判断幼小植物的性别，选择的杂交组合最好是表现型为______和______．
（2）某同学将杂合的宽叶雌株用秋水仙素处理后，与正常的窄叶雄株杂交，预测子代的表现型及比例为______．（三倍体的子代植株中有Y染色体的为雄性，其余为雌性，所有个体存活机会相等）
正确答案
解析
解：Ⅰ．（1）根据分析，白甲纯合品种的基因型是AAbb，实验2得到的F2中红色品种的基因型是aaBB、aaBb．
（2）实验3得到的F2白色植株的基因型为AaBb和Aabb，比例为1：1．AaBb植株自交，F3中花色的表现型及比例是12白：3红色：1粉色；Aabb植株自交，F3中花色的表现型及比例是3白：1粉色=12白：4粉色．因此，实验3得到的F2白色植株自交，F3中花色的表现型及比例是白色：红色：粉色=24：3：5．
（3）该植物花色的遗传遵循基因的自由组合定律．
Ⅱ．（1）该植株幼小时，雌雄不易区分，若想通过一次杂交实验，通过叶型判断幼小植物的性别，选择的杂交组合最好是表现型为窄叶雌株XeXe和宽叶雄株XEY．后代中窄叶为雄株，宽叶为雌株．
（2）某同学将杂合的宽叶雌株用秋水仙素处理后，基因型为XEXEXeXe，经减数分裂产生的配子为XEXE：XEXe：XeXe=1：4：1．与正常的窄叶雄株XeY杂交，预测子代的表现型及比例为宽叶雌株：窄叶雌株：宽叶雄株：窄叶雄株=5：1：5：1．
故答案为：
Ⅰ．（1）AAbb aaBB、aaBb
（2）白色：红色：粉色=24：3：5
（3）基因的自由组合定律
Ⅱ．（1）窄叶雌株 宽叶雄株
（2）宽叶雌株：窄叶雌株：宽叶雄株：窄叶雄株=5：1：5：1
生物的性状主要由基因控制，位于染色体上的基因在遗传时存在一定的规律，请根据题意回答下列问题：
Ⅰ、小鼠体色由位于常染色体上两对基因决定，B基因决定黄色，R基因决定黑色，B、R同时存在则皮毛呈灰色，无B、R则呈白色．一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1代表现型及其比例为：
（1）亲代中，灰色雄鼠的基因型为______，黄色雌鼠的基因型为______．
（2）让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体中纯合子的比例为______．
（3）若让F1中的灰色雌、雄小鼠自由交配，得到的F2中体色的表现型应为______，黄色小鼠的基因型是______．
正确答案
BbRr
Bbrr
黄色、灰色、黑色、白色
BBrr、Bbrr
解析
解：（1）由以上分析可知，亲本中，灰色雄鼠的基因型为BbRr，黄色雌鼠的基因型为Bbrr．
（2）亲本的基因型为BbRr×Bbrr，则F1中黑色小鼠的基因型为bbRr，若让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则F2的基因型及比例为bbRR（黑色）：bbRr（黑色）：bbrr（白色）=1：2：1，因此，子代黑色个体中纯合子的比例为
（3）亲本的基因型为BbRr×Bbrr，则F1中灰色小鼠的基因型及比例为BBRr或BbRr，若让F1中的灰色雌、雄小鼠自由交配，得到的F2中体色的表现型应为黄色（B_rr）、灰色（B_R_）、黑色（bbR_）、白色（bbrr），其中黄色小鼠的基因型为BBrr、Bbrr．
故答案为：
（1）BbRr Bbrr
（2）
（3）黄色、灰色、黑色、白色 BBrr、Bbrr
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