热门试卷

解：

A、物体沿斜面匀速下滑，物体必定受到摩擦力的作用，摩擦力做负功，所以物体的机械能不守恒，故A错误．

B、物体的加速度的大小为0.9g，不是g，说明物体除了受重力之外还要受到阻力的作用，阻力做负功，所以物体的机械能不守恒，故B错误．

C、物体沿光滑曲面滑下，曲面对物体不做功，只有物体的重力做功，所以机械能守恒，故C正确．

D、物体要受拉力的作用，并且拉力对物体做了正功，物体的机械能要增加，故D错误．

故选：C．

解：A、根据机械能守恒得：mgh=，得v=．故A正确．

B、细线断前瞬间，由牛顿第二定律得：T-mg=m，解得T=mg+mg=mg．故B错误．

C、D细线断后小球做平抛运动，加速度是g，是一种匀变速曲线运动．故C错误，D正确．

故选AD

解：A、开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，有magsinθ=mg，则ma=．b上升h，则a下降hsinθ，则a重力势能的减小量为mag•hsinθ=mgh．故A正确．

BC、根据能量守恒得，系统机械能增加，摩擦力对a做的功等于a、b机械能的增量．所以摩擦力做功大于a的机械能增加．因为系统重力势能不变，所以摩擦力做功等于系统动能的增加．故B错误，C正确．

D、任意时刻a、b的速率相等，对b，克服重力的瞬时功率Pb=mgv，对a有：Pa=magvsinθ=mgv，所以重力对a、b做功的瞬时功率大小相等．故D正确．

故选：ACD．

解：A、两球的初速度大小相等，a上升过程中重力势能增加，动能减小，速率减小，而b重力势能减小，动能增加，速率增大，所以到达同一高度前的任意时刻，小球a的速度小于小球b的速度．故A正确．

B、b球做平抛运动，竖直方向的分运动时自由落体运动，b球做竖直上抛运动，上升过程的逆运动也是自由落体运动，可知a球上升的最大高度等于b抛出点的高度h．

则有：对a：0-v02=-2gh，得：v0=  ①

设经过时间t，两球到达同一高度，则有：gt2+（v0t-gt2）=h  ②

解得：t===，

则b球下落的高度为hb=gt2=h，a球上升的高度为：ha=h-h=h

所以a球下落的高度大于b球上升的高度，根据公式Ep=mgh，知球a重力势能的增加量大于球b重力势能的减少量，故B错误．

C、b球做平抛运动，竖直方向的分运动时自由落体运动，b球做竖直上抛运动，上升过程的逆运动也是自由落体运动，可知a球上升的最大高度等于b抛出点的高度h，b落地时的竖直分速度大小为v0．所以两球落地时重力的瞬时功率均为 WG=mgv0．故C正确．

D、根据动能定理可知，a落地时的动能为EKa=mv02，b落地时的动能为EKb=mv02+mgh．故D错误．

故选：AC．

解：A、两个球的系统机械能守恒，根据机械能守恒定律，B球减小的机械能等于A球增加的机械能，则B球减小的重力势能等于A球的势能和AB两球的动能的增加量之和，故A错误；

C、两个球组成的系统机械能守恒，当B球运动到最低点时，速度最大，有：

2mg•2R-mg•2R=（m+2m）v2

解得：v=，故B错误；

C、对A球分析可知，A球动能的增加量等于杆及重力做功之和；故有：

W=mg×2R+mv2=； 故C正确；

D、最低点时，拉力与重力的合力充当向心力； 则有：F-2mg=2m；

解得：F=除重力外其余力做的功等于机械能的增加量，故细杆对B球做的功等于B球机械能的增加量，有：

W=-2mgR=；故D正确；

故选：CD．

解：A、前3s内货物向上做匀加速直线运动，受重力和拉力两个力作用，由牛顿第二定律知拉力大于重力，货物处于超重状态．故A错误．

B、最后2s内物体的加速度大小a===3m/s2＜g，由牛顿第二定律货物除受重力外，还一定受到其他力．故B错误．

C、前3s内的平均速度=3m/s，后2s内的平均速度==3m/s，两段时间内的平均速度相同．故C错误．

D、第3s末至第5s末，货物做匀速直线运动，重力势能增加，动能不变，机械能增加．故D正确．

故选：D．