热门试卷

解：由题意知电子在加速电场中加速运动，电子获得的速度，

电子进入偏转电场后做类平抛运动，电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间：，

在平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度，

电子在电场方向偏转的位移   ①，

偏转电场方向向上，所以电子在偏转电场里向下偏转．

A、滑动触头向右移动时，加速电压变大，所以电子获得的速度v增加，故电子偏转位移y变小，因为电子向下偏转，故在屏上的位置升高，故A正确；

B、电压U增大时，其他不变，则由公式①可知，粒子的偏转量减小；该负电荷在加速电场中获得的动能，在偏转电场中获得的动能减小，打在荧光屏上的速度可能增大．也可能减小，也可能不变．故B错误；

C、由公式①可得，粒子的偏转量与粒子所带的电量无关，若换成电量是原来2倍的负电荷，其他条件不变，则该电荷打在荧光屏上的位置不变．故C错误；

D、由公式①可得，粒子的偏转量与粒子所带的质量无关，所以若换成质量是原来2倍的负电荷，其他条件不变，则该电荷仍打在荧光屏上原位置．故D正确．

故选：AD

解：A、水平方向两个粒子做匀速直线运动，运动时间为 t=，因为x、v0相等，则t相等，故A错误．

B、在竖直方向上两个粒子做初速度为零的匀加速直线运动，由y==

得电荷量为：q=，可知，q∝y，所以微粒A所带的电荷量多．故B正确．

C、由于电场力都做正功，故微粒A、B电势能都减少．故C正确．

D、电场力做功为：W=qEy=•Ey=，则有：W∝y2，可知，电场力对微粒A做的功多，故D正确．

故选：BCD．

解：粒子在偏转电场中做类平抛运动，由动力学知识可得：

水平方向 L=v0t                                                 

加速度 a=

竖直分速度vy=at                                                 

速度偏向角的正切 tanθ==

A、如果氦核和氢核的初速度相同，由上公式，可知离开时氦核偏角的正切和氢核偏角的正切之比为1：2，故A错误；

C、如果氦核和氢核的初动能相同，由上公式，可知离开时氦核偏角的正切和氢核偏角的正切之比为2：1，故C错误；

粒子在偏转电场时的侧位移 y=at2=；

B、如果氦核和氢核的初速度相同，由上公式可知，离开时氦核的侧向位移和氢核的侧向位移之比为1：2，故B正确；

D、如果氦核和氢核的初动能相同，由上公式可知，离开时氦核的侧向位移和氢核的侧向位移之比为2：1，故D错误；

故选：B

根据动能定理得：qU=mv2

得：v=

根据上式可知，在相同电压的加速电场中，荷质比大的粒子其速度v大，电量q大的粒子动能大，故A正确，BCD错误；

故选：A

解：小球受重力和向下的电场力，做类似平抛运动；

A、若电键仍闭合，电容器两端的电压不变，根据E=，当AB间距减小时，场强增加，电场力增加，故竖直分运动的加速度增加，运动时间变短，故水平分位移减小，故小球打在N点的左侧，故A正确；

B、若电键仍闭合，电容器两端的电压不变，根据E=，当AB间距增加时，场强减小，电场力减小，故竖直分运动的加速度减小，运动时间变长，故水平分位移增加，故小球打在N点的右侧，故B错误；

C、若电键断开，电容器带电量不变，极板的电荷的面密度不变，故电场强度不变；当AB间距减小时，小球的受力情况不变，故运动情况也不变，故小球仍打在N点；故C正确；

D、若电键断开，电容器带电量不变，极板的电荷的面密度不变，故电场强度不变；当AB间距增加时，小球的受力情况不变，故运动情况也不变，故小球仍打在N点；故D错误；

故选：AC．