热门试卷

①设为滑块与斜面间的动摩擦因数,为滑块A到达斜面底端时的速度.当施加恒力F时,滑块A沿斜面匀速下滑,有，未施加恒力F时,滑块A将沿斜面加速下滑,由动能定理得:，联立解得:.

②当A、B具有共同速度时，系统动能最小，弹簧的弹性势能最大，为，由动量守恒定律得：

则，

联立以上两式解得：

太阳的辐射能源来自于内部的轻核聚变，现阶段的核电站都是重核裂变，所以A，B都正确。原子核的比结合能越大，说明原子核越稳定，C错。放射性元素的半衰期有原子核自身因素决定，与外界无关，D对。发生光电效应的关键条件是要超过 极限频率才能够发生光电效应。E错。

（1）碰撞后，BC 的共同速度为

所以v1=v0/3

(2)在A离开墙壁时，弹簧处于原长，B、C以速度vBC向右运动；在A离开墙壁后由于弹簧的作用，A的速度逐渐增大，BC的速度逐渐减小，当弹簧再次恢复原长时，B与C的速度最小，选取向右为正方向，由ABC三物体组成系统动量守恒得：

①设B滑上C前的速度为v1，恰好能到达C的最高点，说明BC达到共同速度，设为v共；双方相对运动的过程中系统的水平方向上动量守恒.机械能守恒，有：

mv1=（m+M′）v共

‍mv12=（m+M′）v共2+mgh

两式联立解得：v1=6m/s，v共=2m/s

②炸药爆炸时，A的速度为v2，A.B构成的系统动量守恒，有：

mv1－Mv2=0　　　　　

解得：v2=2m/s

由题意得：E化＝2（mv12+Mv22）=48J

A、汤姆逊发现了电子，说明原子还可以再分，故A正确; 

B、核外电子从半径较大轨道跃迁到半径较小轨道时，辐射光子，放出能量,故B正确；

C、一个原子核在一次衰变中不可能同时放出α、β和γ三种射线,故C错误；

D、放射性元素的半衰期是由原子核内部本身决定的，不随温度的变化而变化，故D错误；

E、中子与质子结合成氘核的过程中具有质量亏损，故放出能量，故E正确；

①子弹击中B的过程，系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mBv0=（mB+m）v，代入数据解得：v=10m/s；

②B和子弹一起上摆的过程中，ABC组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律得：

（mB+m）v=（mA+mB+m）v′，上摆过程中，根据能量守恒定律得：

解得：mA=0.25kg

①小球到达最高点时恰与小车等速。这一过程系统水平方向动量守恒且系统机械能守恒；

mv0＝(m＋M)v

1/2mv02＝1/2(M＋m)v2＋mgh

解得：       

 ②当小球从右边离开小车时，设小球和车的末速度分别为v1、v2，有

mv0＝mv1＋Mv2

1/2mv02＝1/2mv12＋1/2Mv22

解出两组解，小球从左边离开的解是,(舍去)

对应于小球从右边离开的解是

A、α射线是高速运动的氦核流，不是氦原子,故A错误；

B、在核反应中电荷数守恒、质量数守恒．核聚变反应方程，表示中子,故B正确；

C、根据光电效应方程，知最大初动能与照射光的频率成线性关系，不是成正比，故C错误；

D、玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征．故D正确；

E、比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定放出能量,故E正确;

（1）子弹穿过木块的瞬间子弹和木块构成的系统动量守恒，假设子弹穿过木块后木块具有的瞬时速度为v，设向左为正方向：

则有：mv1=Mv+mv2

代入数据得：v=2m/s

木块所受的冲量：I=Mv-0=0.1kgm/s

（2）子弹穿过木块的瞬间子弹和木块构成的系统动量守恒，假设子弹穿过木块后木块具有的瞬时速度为v，设向左为正方向，则有：mv1=Mv+mv2

由能量守恒可知，系统损失的机械能等于系统增加的热量，即：

代入数据解得：Q=49.4J