热门试卷

解：

A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R0+r），由数学知识得知，=R0+r，保持不变．故A错误．

B、由图，=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故B正确．

C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U．故C错误，D正确．

故选：BD

解：AB、当滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器的电阻减小，外电阻减小，电动势不变，根据闭合电路欧姆定律知，总电流增大，内电压增大，外电压减小，R1两端的电压增大，所以电压表示数增大，则R2两端的电压减小，通过R2的电流减小，则电流表的示数增大．故A、B错误．

C、电容C与R2并联，电容两端的电压等于电阻R2两端的电压，因为R2两端的电压减小，则电容器两端的电压减小，根据Q=CU知，电容器所带的电荷量减小．故C错误．

D、电源的效率η=，因为外电压减小，则电源的效率降低．故D正确．

故选：D．

解：A、由Q=UC可知，电容器所带电量取决于电压及电容，只有电容大，电量不一定大；故A错误；

B、电容器的电容是电容器的本身的属性，与电量及电压无关，故B错误；

C、根据电容器电容的定义式C=，电容器的电容与电压及电荷量无关，当所带电量增加一倍，两极板间的电势差也增加一倍；故C正确；

D、可变电容器的动片旋出一些，则正对面积减小，导致电容减小，比没有旋出时电容变小了；故D错误；

故选：C．

解：A、B、将电键S闭合较长时间后，电路相当于断路，故电压表的示数为零，故A正确，B错误；

C、电路稳定后，电容器C2的电压等于电源的电动势，保持不变，将变阻器滑动触头P向右滑动，电容器C2的电压不变，电量不变，故C错误；

D、若断开电键S，电容器的电量Q不变，板间距离增大，电容C2减小，由公式C2=分析可知，板间电压增大，静电计张角增大，故D正确；

故选：AD．

解：A、根据电容的决定式C=知，两极板间的距离增大，则电容减小．故A错误．

B、电场强度E=，可知电场强度不变．故B错误．

C、根据U=知，Q不变，电容减小，则电压增大．故C正确．

D、若将一极板接地，则极板电势不变，则电荷的电势能不变．故D错误．

故选C．

解：平行板电容器的电容C=ɛ，故要增大电容可以增大正对面积，采用介电常数较大的电介质或减小距离d；故可行的只有A．

故选：A．

解：题图中电容器板间场强方向向下，由粒子处于静止状态知mg=qE，则电场力应向上，粒子带负电．因电容器上、下两板分别与电源，正、负极相连，所以电源电动势等于电容器两板间的电压，即U=Ed=．

A、保持K闭合，增大两板间距d，由C∝，可知，电容减小，故A错误；

B、保持K闭合，增大两板间距d，则两板间电压不变，由Q=CU可知，带电量减小，故B错误；

C、断开K后，已充电的电容器两板仍储有电荷，板间场强不变，粒子仍保持原来的静止状态，故C正确，D错误；

故选C

解：A、C=采用了比值定义法，C与带电量和电压是无关的；故A错误；

B、平行板电容器的决定式C=可以得出，电容的大小取决于电介质的种类、导体的形状和两极位置关系；故B正确；

C、平行板电容器的决定式只适用于平行板电容器，故C错误；

D、C=是适用于各种电容器的定义式，C=是只适用于平行板电容器的决定式；故D正确；

故选：BD．

解：K断开电路稳定时，电容器的电压就是R2的电压．

R2的电压为：U2=，

电容器上极板带正电：，

故B正确，ACD错误．

故选：B．