热门试卷

解：A、S断开时，金属棒沿斜面下滑时有到底端后做平抛运动，有：   ①

x1=v1t    ②

解得：v1=2m/s

根据，得：，故A正确；

B、当S闭合，金属棒从导轨上滑下时，需要克服安培力做功，根据动能定理可知，金属棒从相同位置滑下时，开关S不闭合要比闭合时滑到底端的速度大，本题中由于棒仍落在水平面上的EE′处，说明平抛时初速度与从AA′处由静止开始滑下到底端时速度相同，即开关不闭合与开关闭合时，金属棒滑到底端的速度相同，因此CC′一定在AA′的上方，故B正确；

C、开关闭合时导体棒要克服安培力做功，根据功能关系以及安培力对位移的积分即为产生热量得出：，带入数据得B=2T，故C正确；

D、当开关闭合时，设滑到底端速度为v2，则有：x2=v2t   ③′′

联立①③解得：v2=1.5m/s

所以电阻R上产生的热量为：，故D正确．

故选：ABCD．

解：t=2.5s时刻网络电路向右运动的位移为：x=vt=5cm/s×2.5s=12.5cm

则P1Q1Q2P2的中线与y轴重合，PQQ1P1中PQ边和Q1P1产生的感应电动势抵消．

由B=B0+bt得：=b

方格PQQ1P1中，根据法拉第电磁感应定律得：E1==S=bl2．由楞次定律得知：感生电动势沿逆时针方向．

方格P1Q1Q2P2中，根据法拉第电磁感应定律得：E′2==S=bl2．由楞次定律得知：感生电动势沿逆时针方向，Q1P1产生的感应电动势大小为：E″2=Blv=（B0+bt）lv，方向沿P1→Q1，

则：E2=E′2+E″2=bl2+（B0+bt）lv．故B正确．

故选：B

解：A、如果入磁场时的安培力和重力的矢量和等于绳子的拉力，则：

mg+-T=0

则是匀速穿过磁场区，故A正确；

B、如果入磁场时的安培力和重力的矢量和小于绳子的拉力，线框加速上升，则：

T-（mg+）=ma

故加速度逐渐减小，故v-t图象的切线的斜率逐渐减小，故B正确；

C、如果入磁场时的安培力和重力的矢量和大于绳子的拉力，线框减速上升，则：

mg+-T=ma

故加速度逐渐减小，故v-t图象的切线的斜率逐渐减小，故C正确；

D、金属线框进入磁场前是匀加速直线运动，穿出磁场前已经是匀速运动，故D错误；

故选：ABC．

解：A、ab匀速运动，产生的感应电动势E=BLv是定值，ab可以看做电源，框架构成外电路，当ab运动到框架的中间位置时，外电路电阻最大，等于ab的电阻，因此在ab运动过程中，外电路电阻R先增大后减小，由I=可知，电路电流先减小后增大，ab受到的安培力FB=BIL先减小后变大，ab匀速运动，由平衡条件得：F=FB，F先减小后增大，故A错误；

B、由A可知，电路电流先减小后增大，框架受到的安培力FB框=BIL先减小后增大，由平衡条件可知，桌面对框架的水平作用力先变小后变大，故B正确；

C、通过ab的电流I先减小后增大，则ab杆的发热功率P=I2Rab先减小后变大，故C正确；

D、当ab在框架的中央时，内外电阻相等，除此之外，外电阻总是小于内电阻的，由U=IR可知，外电压小于等于内电压，由Q=W=UIt可知外电路产生的总热量小于ab杆产生的总热量，故D错误；

故选：BC．

解：A、ab向右运动时受到向左的安培力而做减速运动，产生的感应电动势和感应电流减小，安培力随之减小，加速度减小，所以ab做非匀变速直线运动，故A错误．

B、当ab撞CD后，ab中产生的感应电动势为零，电路中电流要减小，线框将产生自感电动势，根据楞次定律可知自感电动势方向与原来电流方向相同，沿b→a，根据左手定则可知ab受到向左的安培力，故当ab撞CD后，将会向左运动．故B正确．

C、从ab开始运动到撞CD时，由于线圈中有磁场能，所以电阻R上产生的热量小于mv02-mv2．故C错误．

D、开始时，ab的速度最大，产生的感应电动势最大，由于线圈中产生自感电动势，此自感电动势与ab感应电动势方向相反，电路中的电流小于，最大安培力将小于BdI=．故D错误．

故选：B