热门试卷

解：A、小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时．故A错误．

B、由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为a1=，

进入电场后的加速度大小为a2=，

由牛顿第二定律得：

mg=ma1…①

F-mg=ma2

得电场力：F=mg+ma2=…②

由①②得重力mg与电场力F之比为3：5．故B错误．

C、整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C正确．

D、整个过程中，小球具有两种形式的能：机械能与电势能，根据能量守恒定律得知，它们的总和不变．故D错误．

故选：C

解：A、垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，所以A错误；

B、C、平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，满足：

即：     ①

根据牛顿第二定律，有：

qE=ma…②

由①②两式解得：

q=

所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2，故C正确；

电势能的减小量等于电场力做的功即△E=qEx，因为位移之比是1：2，电荷量之比也是1：2，所以电场力做功之比为1：4，故B错误；

D、根据动能定理，有：

qEx=△Ek

而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2，

所以动能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：4，据知速度增量之比为，故D正确．

故选CD．

解：两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有x=vt，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有y=，

电荷在电场中受的力为F=Eq，根据牛顿第二定律有F=ma，

联立解得：=．

因为两粒子在同一电场中运动，E相同，初速度相同，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比．所以比荷之比为4：1，故D正确．

故选：D

解：根据动能定理：

eU1=，

粒子离开偏转电场时速度方向与水平方向夹角的正切值为：

tanα=，

A、同时增大加速电压和偏转电压，偏转角不一定增大．故A错误．

B、同时增大加速电压和偏转电极间的距离，偏转角不一定增大，故B错误．

C、增大加速电场间的电压，减小偏转电压，则偏转角一定变小，故C错误．

D、增大偏转电极间的电压，减小偏转电极间的距离，则偏转角一定变大，故D正确．

故选：D．