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题型:简答题
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简答题

如图所示,矩形区域MNPQ内有水平向右的匀强电场,虚线框外为真空区域,半径为R,内壁光滑,内径很小的绝缘半圆管ADB固定在竖直平面内,直径AB垂直于水平虚线MN,圆心O恰好在MN的中点,半圆管的一半处于电场中,一质量为m,可视为质点的带正电,电荷量为q的小球从半圆管的A点由静止开始滑入管内,小球从B点穿过后,能够通过B点正下方的C点,重力加速度为g,小球在C点处的加速度大小为g.求:

(1)带匀强电场场强E;

(2)小球在到达B点前一瞬间时,半圆轨道对它的作用力的大小;

(3)要使小球能够到达B点正下方C点,虚线框MNPQ的高度和宽度满足什么条件?

正确答案

解:(1)小球在C处受水平向右的电场力F和竖直方向的重力mg,由题,加速度为g

则由=m

解得  E=

(2)小球从A→B过程,根据动能定理得:

   mg•2R-qER=

解得:

根据牛顿第二定律得:

   N-mg=m

代入解得:N=

(3)小球从B→C水平方向做匀减速直线运动,竖直方向做自由落体运动

    水平方向:ax==  

    竖直方向:ay=g

设向左减速时间为t,则有t==

  x=vBt=

  y=g(2t)2=

虚线框MNPQ的宽度应满足条件L>2R,高度应满足条件H>R+=

答:

(1)带匀强电场场强E=

(2)小球在到达B点前一瞬间时,半圆轨道对它的作用力的大小为N=

(3)要使小球能够到达B点正下方C点,虚线框MNPQ的宽度应满足条件L>2R,高度应满足条件H>

解析

解:(1)小球在C处受水平向右的电场力F和竖直方向的重力mg,由题,加速度为g

则由=m

解得  E=

(2)小球从A→B过程,根据动能定理得:

   mg•2R-qER=

解得:

根据牛顿第二定律得:

   N-mg=m

代入解得:N=

(3)小球从B→C水平方向做匀减速直线运动,竖直方向做自由落体运动

    水平方向:ax==  

    竖直方向:ay=g

设向左减速时间为t,则有t==

  x=vBt=

  y=g(2t)2=

虚线框MNPQ的宽度应满足条件L>2R,高度应满足条件H>R+=

答:

(1)带匀强电场场强E=

(2)小球在到达B点前一瞬间时,半圆轨道对它的作用力的大小为N=

(3)要使小球能够到达B点正下方C点,虚线框MNPQ的宽度应满足条件L>2R,高度应满足条件H>

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题型:简答题
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简答题

(2015秋•成都校级月考)如图所示,竖直平面xOy内有三个宽度为L、L、首尾相接的电场区域ABFE、BCGF和CDHG.三个区域中分别存在方向为+y、+y、+x的匀强电场,其场强大小比例为2:1:2.现有一带正电的物体以某一初速度从坐标为(0,L)的P点射入ABFE场区,初速度方向水平向右.物体恰从坐标为(2L,)的Q点射入CDHG场区,已知物体在ABFE区域所受电场力和所受重力大小相等,重力加速度为g,物体可以视为质点,y轴竖直向上,区域内竖直方向电场足够大.求:

(1)物体进入ABFE区域时的初速度大小;

(2)物体在ADHE区域运动的总时间;

(3)物体从DH边界射出位置的坐标.

正确答案

解:设三个区域的电场强度大小依次为2E、E、2E,物体在三个区域运动的时间分别t1、t2、t3

(1)在BCDF,对物体进行受力分析,由牛顿第二定律得:mg-qE=ma2,而2qE=mg,

解得:a2=g,

在水平方向有:L=v0t,

在竖直方向有:L=a2t22

解得:v0=,t2=

(2)在ABEF区域.对物体进行受力分析,在竖直方向有:2qE=mg,

物体做匀速直线运动,v0=,t1=t2=

在BCGF区域,物体做类平抛运动,v0=,t2=

在Q点竖直方向速度vy=a2t2==v0

则Q点速度vQ==,与水平方向夹角为45°,

在CDHG区域   由于2qE=mg

对物体进行受力分析,F=mg,与水平方向夹角为45°,与速度方向相同,物体做匀加速直线运动,

水平方向L=v0t3+a3t32

解得:t3=

所以t=t1+t2+t3=

(3)物体在ABFE区域做匀速直线运动,在BCGF区域物体做类平抛运动,偏移量为

在CDHG区域,沿与水平方向夹角为45°,物体做匀加速直线运动,竖直方向位移为L,

则物体从DH边界射出位置的坐标为(3L,-).

答:(1)物体进入ABFE区域时的初速度大小为

(2)物体在ADHE区域运动的总时间为

(3)物体从DH边界射出位置的坐标为(3L,-).

解析

解:设三个区域的电场强度大小依次为2E、E、2E,物体在三个区域运动的时间分别t1、t2、t3

(1)在BCDF,对物体进行受力分析,由牛顿第二定律得:mg-qE=ma2,而2qE=mg,

解得:a2=g,

在水平方向有:L=v0t,

在竖直方向有:L=a2t22

解得:v0=,t2=

(2)在ABEF区域.对物体进行受力分析,在竖直方向有:2qE=mg,

物体做匀速直线运动,v0=,t1=t2=

在BCGF区域,物体做类平抛运动,v0=,t2=

在Q点竖直方向速度vy=a2t2==v0

则Q点速度vQ==,与水平方向夹角为45°,

在CDHG区域   由于2qE=mg

对物体进行受力分析,F=mg,与水平方向夹角为45°,与速度方向相同,物体做匀加速直线运动,

水平方向L=v0t3+a3t32

解得:t3=

所以t=t1+t2+t3=

(3)物体在ABFE区域做匀速直线运动,在BCGF区域物体做类平抛运动,偏移量为

在CDHG区域,沿与水平方向夹角为45°,物体做匀加速直线运动,竖直方向位移为L,

则物体从DH边界射出位置的坐标为(3L,-).

答:(1)物体进入ABFE区域时的初速度大小为

(2)物体在ADHE区域运动的总时间为

(3)物体从DH边界射出位置的坐标为(3L,-).

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题型:简答题
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简答题

静电喷漆技术具有效率高,浪费少,质量好,有利于工人健康等优点,其装置如图所示.A、B为两块平行金属板,间距d=0.50m,两板间有方向由B指向A,大小为E=l.0×l03N/C的匀强电场.在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P.油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带电油漆微粒,油漆微粒的初速度大小均为vo=2.0m/s,质量m=5.0×l0-16kg、带电量为q=-2.0×10-16C.微粒的重力和所受空气阻力均不计,油漆微粒最后都落在金属板B上.试求:

(1)电场力对每个微粒所做的功;

(2)微粒到达B极所需的最长时间:

(3)微粒最后落在B板上所形成图形的面积大小.

正确答案

解:(1)电场力对微粒做功为:W=qU=qEd═2.0×10-16C×l.0×l03N/C×0.50m=1.0×10-13J

(2)微粒初速度方向平行与极板时,到达B板时间最长,在垂直极板方向,加速度

根据位移时间公式,有

解得

a=400m/s2,tm=5×10-2s

(3)微粒落在B板上所形成的图象是圆形,半径为R.

R=v0tm,S=πR2

解得

S=0.031m2

答:(1)电场力对每个微粒所做的功为1.0×10-13J;

(2)微粒到达B极所需的最长时间为5×10-2s;

(3)微粒最后落在B板上所形成图形的面积大小为0.031m2

解析

解:(1)电场力对微粒做功为:W=qU=qEd═2.0×10-16C×l.0×l03N/C×0.50m=1.0×10-13J

(2)微粒初速度方向平行与极板时,到达B板时间最长,在垂直极板方向,加速度

根据位移时间公式,有

解得

a=400m/s2,tm=5×10-2s

(3)微粒落在B板上所形成的图象是圆形,半径为R.

R=v0tm,S=πR2

解得

S=0.031m2

答:(1)电场力对每个微粒所做的功为1.0×10-13J;

(2)微粒到达B极所需的最长时间为5×10-2s;

(3)微粒最后落在B板上所形成图形的面积大小为0.031m2

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题型: 多选题
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多选题

如图,水平胶木圆盘上有一带正电的物块P,P随盘一起匀速转动的最大角速度为ω1.若加一竖直向下的匀强电场,P随盘一起匀速转动的最大角速度为ω2.若不加电场而加一竖直向下的匀强磁场,P随盘一起匀速转动的最大角速度为ω3.盘的转动方向从上往下看为顺时针.已知P的位置和带电量保持不变,最大静摩擦力与正电压成正比,则正确的是(  )

Aω1<ω2

Bω1<ω3

Cω2>ω3

Dω1>ω3

正确答案

A,C,D

解析

解:第一种情况,没有电场、没有磁场时,此时盘面对物块的静摩擦力提供向心力,最大的角速度ω1对应最大的静摩擦力f1,即

第二种情况,有电场时,电场力竖直向下,此时物块对盘面的压力变大了,最大静摩擦力也变大,此时

第三种情况,有磁场时,洛伦兹力f沿半径向外,此时

因为f2>f1>f1-f,所以ω2>ω1>ω3,所以ACD正确,B错误.

故选:ACD.

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题型: 单选题
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单选题

下列带电粒子均从静止开始在电场力作用下做加速运动,经过相同的电势差U后,哪个粒子获得的速度最大(  )

A粒子He

B质子H

C氘核H

D钠离子Na+

正确答案

B

解析

解:四种带电粒子均从静止开始在电场力作用下做加速运动,经过相同的电势差U,故根据动能定理,有:

qU=mv2

解得:v=

由上式可知,比荷越大,获得的速度越大,由于质子的比荷最大,所以质子获得的速度最大.故B正确;

故选:B.

下一知识点 : 带电粒子在电场中的偏转
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