- 带电粒子在电场中的加速
- 共3430题
如图甲所示,平行金属板A、B间的电压UAB=200 V,B板有一小孔O,靠近B板有一固定的绝缘圆筒,其横截面半径,O'在圆筒轴线上,筒壁有小孔H,O'HO共线且连线与圆筒轴线、B板均垂直,交A板于P点。现有一比荷
的带正电粒子,从A板上的P点附近由静止释放,在电场力作用下沿OO'方向射入圆筒。从粒子进入圆筒开始(计时零点),在圆筒内加入方向与轴线平行的交变磁场,磁感应强度随时间变化如图乙(垂直纸面向里为磁场正方向),粒子在磁场力作用下发生偏转并与筒壁碰撞。(粒子与筒壁碰撞前后动能和电量均不变,且不计重力,忽略碰撞所用时间及磁场变化产生的感应影响)求:
(1)粒子第一次到达O点时的速率为多大?
(2)如果图乙中的t1时刻就是粒子进入圆筒后第一次碰撞到圆筒的时刻,t1的值是多少?
(3)如果图乙中的t1和t1+t2时刻分别是粒子进入圆筒后第一次和第二次碰撞到圆筒的时刻,要使粒子能做周期性的往返运动,则金属板A和B间的距离d至少为多大?
正确答案
解:(1)粒子从A板到B板过程中,电场力做正功,根据动能定理有
代入数值,解得v=200 m/s
(2)粒子进入圆筒后做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,有
由,
粒子运动轨迹如图,由几何关系可知
粒子转过的圆心角φ为120°,需要的时间
(3)在t1~(t1+t2)时间内,粒子做匀速圆周运动的半径
周期
由几何关系可知,
粒子转过的圆心角φ'为60°,需要的时间
要使粒子做周期性的往返运动,粒子在A、B板间的时间至少应为
根据匀变速运动规律有
又有qE=ma
代入数值得d=25π×10-2 m≈0.785 m
如图所示,带电量为+q、质量为m的离子(不计重力)由静止开始经A、B间电压加速以后,沿中心线射入带电金属板C、D间,C、D间电压为U0,板间距离为d,中间有垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B0。
(1)为使加速的离子进入C、D板间做匀速直线运动,求加速电压U;
(2)设沿直线飞越C、D间的离子由小孔M沿半径方向射入一半径为R的绝缘筒,筒内有垂直纸面向里的匀强磁场。设离子与筒壁碰撞时速率、电量都不变,且碰撞前速度方向与碰撞后速度方向的关系与光的反射(入射光线和反射光线分居在法线两侧,反射角等于入射角)相类似。为使离子在筒内能与筒壁碰撞4次(不含从M孔出来的一次)后又从M孔飞出,求筒内磁感应强度B的可能值(用三角函数表示)。
正确答案
解:(1)离子在A、B间加速过程有:
在CD间匀速直线运动有:
且
联立各式可得:
(2)带电离子在磁场中运动轨迹如图所示
由第一问可得:
离子在圆形磁场中有
所以
如图所示:
由几何知识易知
第一种情况:,所以
第二种情况:,所以
如图所示,一个质量为m =2.0×10-11 kg,电荷量q=+1.0×10-5 C的带电微粒(重力忽略不计),从静止开始经U1=100V电压加速后,水平进入两平行金属板间沿竖直方向的偏转电场中,偏转电场的电压U2=100V。金属板长L=20cm,两板间距d =cm。求:
(1)微粒进入偏转电场时的速度v0大小;
(2)微粒射出偏转电场时的偏转角θ;
(3)若该匀强磁场的宽度为D=cm,为使微粒不会由磁场右边射出,该匀强磁场的磁感应强度B至少多大。
正确答案
解:(1)微粒在加速电场中由动能定理得:qU1=mv02 ①
解得:v0=1.0×104m/s
(2)微粒在偏转电场中做类平抛运动,有:;而
飞出电场时,速度偏转角的正切为:tanθ=②
解得θ=30°
(3)进入磁场时微粒的速度是:v=v0/cosθ ③
轨迹如图,由几何关系有: ④
洛伦兹力提供向心力:Bqv=mv2/r ⑤
由③~⑤联立得:B=mv0(1+sinθ)/qDcosθ
代入数据解得:B =0.4T
所以,为使微粒不会由磁场右边射出,该匀强磁场的磁感应强度B至少为0.4T
如图所示,在y轴的右侧存在磁感应强度为B的方向垂直纸面向外的匀强磁场,在x轴的上方有一平行板式加速电场。有一薄绝缘板放置在y轴处,且与纸面垂直。现有一质量为m、电荷量为q的粒子由静止经过加速电压为U的电场加速,然后以垂直于板的方向沿直线从A处穿过绝缘板,而后从x轴上的D处以与x轴负向夹角为30°的方向进入第四象限,若在此时再施加一个电场可以使粒子沿直线到达y轴上的C点(C点在图上未标出)。已知OD长为l,不计粒子的重力。求:
(1)粒子射入绝缘板之前的速度;
(2)粒子经过绝缘板时损失了多少动能;
(3)所加电场的电场强度和带电粒子在y周的右侧运行的总时间。
正确答案
解:(1)粒子在电场中加速由动能定理可知
解得
(2)粒子在磁场中作圆周运动轨迹如图
由几何关系可得轨道半径为2l
由
解得=
由动能定理得
代入数据解得
所以损失动能为
或者,带入结果得
(3)粒子若作直线运动则=Eq
代入数据解得E=,方向与x轴正向斜向下成60°角
粒子在第一象限作匀速圆周运动的时间t1=
粒子在第四象限做匀速直线运动时间t2==
粒子x轴右侧运行的总时间t==
如图所示,半径为L1=2 m的金属圆环内上、下两部分各有垂直圆环平面的有界匀强磁场,磁感应强度大小均为B1=10/π T,长度也为L1、电阻为R的金属杆ab,一端处于圆环中心,另一端恰好搭接在金属环上,绕着a端做逆时针方向的匀速转动,角速度为ω=π/10 rad/s。通过导线将金属杆的a端和金属环连接到图示的电路中(连接a端的导线与圆环不接触,图中的定值电阻R1=R,滑片P位于R2的正中央,R2=4R),图中的平行板长度为L2=2 m,宽度为d=2 m。当金属杆运动到图示位置时,在平行板左边缘中央处刚好有一带电粒子以初速度v0=0.5 m/s向右运动,并恰好能从平行板的右边缘飞出,之后进入到有界匀强磁场中,其磁感应强度大小为B2=2 T,左边界为图中的虚线位置,右侧及上下范围均足够大。(忽略金属杆与圆环的接触电阻、圆环电阻及导线电阻,忽略电容器的充放电时间,忽略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射等影响,不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和空气阻力。提示:导体棒以某一端点为圆心匀速转动切割匀强磁场时产生的感应电动势为E=BL2ω/2)试分析下列问题:
(1)从图示位置开始金属杆转动半周期的时间内,两极板间的电势差UMN;
(2)带电粒子飞出电场时的速度方向与初速度方向的夹角θ;
(3)带电粒子在电磁场中运动的总时间t总。
正确答案
解:(1)由旋转切割公式得E=B1L12ω/2=2 V
由电路的连接特点知E=I·4R,U0=I·2R=E/2=1 V
T1=2π/ω=20 s
由右手定则知
在0~T1/2时间内 金属杆ab中的电流方向为b→a,则φa > φb
在0~T1/2时间内 金属杆ab中的电流方向为a→b,则φa < φb 则在0~T1/2时间内φM < φNUMN=- U0=- 1 V
(2)粒子在平行板电容器内做类平抛运动,在0~T1/2时间内
水平方向L2=v0·t1
竖直方向,
,
,
则q/m=0.25 C/kg,vy=0.5 m/s,
tanθ=vy/v0=1
所以θ=45°
(3)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动
由,得
即,
由几何关系及粒子在磁场中运动的对称性可知:粒子恰好在磁场中做了3/4圆周运动,并且粒子刚好能从平行板电容器的另一极板重新飞回到电场中
则磁场中的运动时间为t2=3T2/4=3π s
由于t1 + t2=4 + 3π≈13.42 s,大于T1/2且小于T1,则此时飞回电场时,电场方向与开始时相反,并且此时的速度与飞出电场时的速度等大、与水平方向的夹角大小相同,方向为倾斜左上45°,则运动具有对称性,t3=t1=4 s
综上带电粒子在电磁场中总的运动时间为t总=t1 + t2 + t3=8 + 3π≈17.42 s
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