热门试卷

解：A、在力F的作用下，A、B均保持静止，A与地面间一定有静摩擦力，而AB间一定没有静摩擦力，故A错误；

B、将F进行水平与竖直方向分解，当Fcosθ＞μ（G+Fsinθ），才能滑动，因此要能滑动，还与夹角θ有关，故B错误；

C、由题意可知，使A恰能开始上滑，图③中F1平行斜面向上，而图④中F2沿水平方向向右，这样图④这种情况下的滑动摩擦力变大，因此若要恰能开始上滑，则F2沿斜面的分力也要增大，因此F1＜F2；故C正确，D错误；

故选：C

解：A、对A，受重力、绳子的拉力、地面的支持力，有：NA+T=GA，T=GB．则NA=GA-GB=30N．故A正确．

B、物体A保持静止，受到的合外力为零，故B错误．

C、D、对滑轮分析，有：F=2T=20N．故C正确，D错误．

故选：AC．

解：对小球受力分析，受重力G、BC板的支持力N1、AB板可能有支持力，设为N2，如图所示；

①假设物体匀速，加速度为零，故

N2=0

②假设物体向右加速，设加速度为a，根据牛顿第二定律，有

水平方向：N2sinθ=ma

竖直方向：N2cosθ+N1=mg

解得

N2=

N1=mg-

A、B、由于N1=mg-≤mg，故A错误，B正确；

C、D、AB斜槽对球的支持力与球对AB斜槽的压力是相互作用力，等大；

故球对AB槽板的压力可能大于、等于、小于球的重力，故CD正确；

故选：BCD．

解：A、两水平拉力导致物体受力不平衡，先选整体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律得：

F1-F2=（m1+m2）a

代入数据解得：a=2m/s2

对m2受力分析：向左的F2和向右的弹簧弹力F，由牛顿第二定律得：

F-F2=m2a

解得：F=26N，故AB错误．

C、在突然撤去F2的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以m1的受力没有发生变化，故加速度大小仍为2m/s2，故C正确．

D、突然撤去F1的瞬间，m1的受力仅剩弹簧的弹力，对m1列牛顿第二定律得：

F=m1a，

代入数据解得：a=13m/s2，故D正确．

故选：CD．

解：释放B之前，物体A保持静止状态，重力和弹簧的弹力平衡

F=mAg=2N

释放B瞬间，先对AB整体研究，受重力和弹簧的支持力，根据牛顿第二定律

（mA+mB）g-F=（mA+mB）a

解得

a=6m/s2，

对物体B受力分析，受重力、A对B的支持力N，根据牛顿第二定律

mBg-N=mBa

解得

N=1.2N

根据牛顿第三定律，

物体B对物体A的压力等于物体A对物体B的压力，

即释放B瞬间，B对A的压力大小为1.2N；

故选：B．

解：弹簧秤两端同时受到大小均为4N且方向在同一直线的水平拉力作用，平衡时弹簧秤的示数等于一端拉力的大小，即为4N．

故选：B．