- 化学反应与能量的变化
- 共3280题
（1）从实验装置上看，图中尚缺少的一种玻璃用品是______，烧杯间填满碎塑料泡沫的作用是______．
（2）大烧杯上如不盖硬纸板，则求得的中和热数值______（填“偏大”、“偏小’、“无影响”）
（3）实验中改用60mL 0.50mol/L的盐酸跟50mL 0.55mol/L的NaOH溶液进行反应，
与上述实验相比，所放出的热量______（填“相等”或“不相等”），理由是______；所求中和热的数值会______（填“相等”或“不相等”），理由是______．
正确答案
环形玻璃搅拌棒
保温、隔热，减少实验过程中的热量损失
偏小
不相等
因为酸、碱发生中和反应放出的热量与酸、碱的用量有关
相等
中和热是指酸跟碱发生中和反应生成lmol H2O所放出的热量，它与酸、碱的用量无关
解析
解：（1）由量热计的构造可知该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌器；
中和热测定实验成败的关键是保温工作，大小烧杯之间填满碎纸条的作用是保温、隔热，减少实验过程中的热量损失；
故答案为：环形玻璃搅拌棒；保温、隔热，减少实验过程中的热量损失；
（2）大烧杯上如不盖硬纸板，会有一部分热量散失，求得的中和热数值将会减小；
故答案为：偏小；
（3）反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，若用60mL 0.50mol/L的盐酸跟50mL 0.55mol/L的NaOH溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的量增多，所放出的热量偏大，但是中和热的均是强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热，与酸碱的用量无关，所以改用60mL 0.50mol/L的盐酸跟50mL 0.55mol/L的NaOH溶液进行上述实验，测得中和热数值相等，
故答案为：不相等；因为酸、碱发生中和反应放出的热量与酸、碱的用量有关；相等；中和热是指酸跟碱发生中和反应生成lmolH2O所放出的热量，它与酸、碱的用量无关．
正确答案
解析
解：A．该装置的保温效果并不如量热计那样好，大小烧杯之间要填满纸片，装置存在热量的散失，故A错误；
B．根据量热计的构造可知该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌棒，故B正确；
C．中和热测定实验成败的关键是保温工作，大小烧杯之间填满碎纸条的作用是减少实验过程中的热量损失，故C错误；
D．大烧杯上不盖硬纸板，热量容易散失，中和热的数值偏小，但中和热△H会偏大，故D错误；
故选：B．
有关下列实验操作描述不正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A．测定中和热，注意保温及准确测定起始温度及反应的最高温度，则使用碎泡沫起隔热保温的作用、环形玻璃搅拌棒进行搅拌、酸和过量的碱充分反应、取2-3次的实验平均值，以达到良好的实验效果，操作合理，故A正确；
B．晶体颗粒的大小与结晶条件有关，溶质的溶解度越小，或溶液的浓度越高，或溶剂的蒸发速度越快，析出的晶粒就越细小，故B错误；
C．吸滤完毕或中途需停止吸滤时，应注意先拆下连接抽气泵和吸滤瓶的橡皮管，然后关闭水龙头，以防倒吸，故C正确；
D．高锰酸钾能氧化硫酸亚铁铵溶液，电流计偏转说明发生了反应，故D正确．
故选B．
（1）从实验装置上看，图中尚缺少的一种玻璃仪器是______．
（2）烧杯间填满碎纸条的作用是______．
（3）若大烧杯上不盖硬纸板，求得的中和热△H______（填“偏大”“偏小”或“无影响”）．
正确答案
环形玻璃搅拌器
保温，减少热量散失
偏大
解析
解：（1）根据量热计的构造可知该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌器，故答案为：环形玻璃搅拌器；
（2）实验成败的关键是保温工作，烧杯间填满碎纸条的作用保温，减少热量散失，故答案为：保温，减少热量散失；
（3）大烧杯上如不盖硬纸板，会有一部分热量散失，求得的中和热数值将会减小，焓变是负值，所以焓变会偏大，故答案为：偏大．
分别取40mL的0.50mol/L盐酸与40mL0.55mol/L氢氧化钠溶液进行中和热的测定．下列说法错误的是（ ）
正确答案
解析
解：A．测定中和热时，为了使氢离子或者氢氧根离子完全反应，需要让其中一种反应物稍稍过量，故A正确；
B．仪器A是环形玻璃搅拌棒，故B正确；
C．中和反应是放热反应，温度计上的酸与NaOH溶液反应放热，使温度计读数升高，使测得的中和热偏高，故C正确；
D．硫酸与Ba（OH）2溶液反应除了生成水外，还生成了BaSO4沉淀，该反应中的生成热会影响反应的反应热，所以不能用Ba（OH）2溶液和硫酸代替NaOH溶液和盐酸测中和热，故D错误．
故选D．
在中和热测定的实验中，以下操作正确的是：（ ）
①只在大烧杯底部垫泡沫塑料，使放入的小烧杯杯口与大烧杯杯口相平，再盖上硬纸板
②温度计测量过盐酸的温度后，立即插入NaOH溶液中测量NaOH溶液的温度
③将量筒中的NaOH溶液慢慢加入到小烧杯的盐酸中，边加边搅拌
④读取混合溶液的最高温度和最低温度，以其平均值记为最终温度．
正确答案
解析
解：①只在大烧杯底部垫泡沫塑料，使放入的小烧杯杯口与大烧杯杯口相平，再盖上硬纸板，会有很大一部分热量散失，应该大、小烧杯夹层间均要放碎泡沫塑料，保温效果好，故①错误；
②温度计测量过盐酸的温度后，立即插入NaOH溶液中测量NaOH溶液的温度，酸和碱之间因为中和反应而导致的热量损失，应该测量HCl溶液的温度计用水洗净再测氢氧化钠，故②错误；
③先将氢氧化钠放在烧杯中，记下温度再倒入成有盐酸的烧杯中，故③错误；
④最低温度是酸和碱混合以前的温度，保证混合前二者温度相等，不是读取混合溶液的最低温度，故④错误．
故选D．
A．碎泡沫塑料 B．环形玻璃棒 C．底部垫纸条 D．两个量筒
（2）实验室利用如图装置进行中和热的测定，请回答下列问题：
①该图中有两处未画出，它们是______，______．
②如用0.5mol/L的盐酸与NaOH固体进行实验，则实验中测得的“中和热”数值将______（“偏大”、“偏小”、“不变”）
正确答案
解：（1）碎泡沫塑料和底部垫纸条，目的是保温，以减小实验中的误差；环形玻璃棒，使溶液混合更均匀，测量更准确；量筒是测量溶液体积的，不能减少实验误差，
故选D；
（2）①由量热计的构造可知该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌棒，为了减少热量的损失，烧杯上方盖硬纸板；故答案为：环形玻璃搅拌棒；烧杯上方盖硬纸板；
②氢氧化钠固体溶于水放热，所以实验中测得的“中和热”数值将偏大，故答案为：偏大．
解析
解：（1）碎泡沫塑料和底部垫纸条，目的是保温，以减小实验中的误差；环形玻璃棒，使溶液混合更均匀，测量更准确；量筒是测量溶液体积的，不能减少实验误差，
故选D；
（2）①由量热计的构造可知该装置的缺少仪器是环形玻璃搅拌棒，为了减少热量的损失，烧杯上方盖硬纸板；故答案为：环形玻璃搅拌棒；烧杯上方盖硬纸板；
②氢氧化钠固体溶于水放热，所以实验中测得的“中和热”数值将偏大，故答案为：偏大．
Ⅰ．（1）若适量的N2和O2完全反应，每生成23g NO2需要吸收16.95kJ热量．
其热化学方程式为______
（2）已知拆开1mol H-H键、1mol N-H键、1mol N≡N键分别需要的能量是436kJ、391kJ、946kJ，则N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为______
Ⅱ．测定稀硫酸和稀氢氧化钠中和热的实验装置如图所示．
（1）碎泡沫塑料的作用是什么？______
（2）实验数值结果与57.3kJ•mol-1有偏差，产生偏差的原因是（填字母，双选）______．
A．实验装置保温、隔热效果差
B．测定使用的酸碱均使用强酸强碱
C．一次性把NaOH溶液倒入盛有硫酸的小烧杯中
D．用温度计测定NaOH溶液起始温度后直接测定H2SO4溶液的温度．
正确答案
解：Ⅰ．（1）适量的N2和O2完全反应，每生成23克NO2需要吸收16.95kJ热量，所以每生成92克NO2需要吸收67.8kJ热量，则热化学方程式为N2（g）+2O2（g）=2NO2（g）△H=+67.8kJ•mol-1，
故答案为：N2（g）+2O2（g）=2NO2（g）△H=+67.8kJ•mol-1；
（2）在反应N2+3H2⇌2NH3中，断裂3molH-H键，1molN三N键共吸收的能量为3×436kJ+946kJ=2254kJ，生成2molNH3，共形成6molN-H键，放出的能量为6×391kJ=2346kJ，吸收的能量少，放出的能量多，该反应为放热反应，放出的热量为2346kJ-2254kJ=92kJ，N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为，N2（g）+3H2（g）⇌2NH3（g）△H=-92kJ•mol-1，
故答案为：N2（g）+3H2（g）⇌2NH3（g）△H=-92kJ•mol-1；
Ⅱ．（1）中和热的实验的关键是保温，所以碎泡沫塑料的作用是保温、隔热，防止中和反应时热量损失，
故答案为：保温、隔热，减少热量损失；
（2）A．装置保温、隔热效果差，测得的热量偏小，中和热的数值偏小，故A正确；
B．中和热的测定中必须使用稀的强酸和强碱溶液，不能使用弱酸或者弱碱，否则影响测定结果，所以该做法含量，不会影响测定结果，故B错误；
C．尽量一次快速将NaOH溶液倒入盛有硫酸的小烧杯中，不允许分多次把NaOH溶液倒入盛有硫酸的小烧杯中，否则会引起热量散失，所以该操作合理，故C错误；
D．温度计测定NaOH溶液起始温度后直接插入稀H2SO4测温度，由于温度计上会有氢氧化钠，氢氧化钠与硫酸反应放热，导致硫酸的起始温度偏高，那么试验后温度增加量就比实际要小，故D正确．
故答案为：AD．
解析
解：Ⅰ．（1）适量的N2和O2完全反应，每生成23克NO2需要吸收16.95kJ热量，所以每生成92克NO2需要吸收67.8kJ热量，则热化学方程式为N2（g）+2O2（g）=2NO2（g）△H=+67.8kJ•mol-1，
故答案为：N2（g）+2O2（g）=2NO2（g）△H=+67.8kJ•mol-1；
（2）在反应N2+3H2⇌2NH3中，断裂3molH-H键，1molN三N键共吸收的能量为3×436kJ+946kJ=2254kJ，生成2molNH3，共形成6molN-H键，放出的能量为6×391kJ=2346kJ，吸收的能量少，放出的能量多，该反应为放热反应，放出的热量为2346kJ-2254kJ=92kJ，N2与H2反应生成NH3的热化学方程式为，N2（g）+3H2（g）⇌2NH3（g）△H=-92kJ•mol-1，
故答案为：N2（g）+3H2（g）⇌2NH3（g）△H=-92kJ•mol-1；
Ⅱ．（1）中和热的实验的关键是保温，所以碎泡沫塑料的作用是保温、隔热，防止中和反应时热量损失，
故答案为：保温、隔热，减少热量损失；
（2）A．装置保温、隔热效果差，测得的热量偏小，中和热的数值偏小，故A正确；
B．中和热的测定中必须使用稀的强酸和强碱溶液，不能使用弱酸或者弱碱，否则影响测定结果，所以该做法含量，不会影响测定结果，故B错误；
C．尽量一次快速将NaOH溶液倒入盛有硫酸的小烧杯中，不允许分多次把NaOH溶液倒入盛有硫酸的小烧杯中，否则会引起热量散失，所以该操作合理，故C错误；
D．温度计测定NaOH溶液起始温度后直接插入稀H2SO4测温度，由于温度计上会有氢氧化钠，氢氧化钠与硫酸反应放热，导致硫酸的起始温度偏高，那么试验后温度增加量就比实际要小，故D正确．
故答案为：AD．
（1）大小烧杯间填满碎纸条的作用是什么？
（2）大烧杯上如不盖硬纸板，对求得中和热的数值有何影响？
（3）改用60mL1.0mol/L盐酸跟50mL1.1mol/L氢氧化钠溶液进行反应，与上述实验相比，所放热量是否相等？所求中和热数值是否相等？简述理由
（4）用相同浓度和体积的氨水代替氢氧化钠溶液进行上述实验，为什么测得中和热的数值偏低？
正确答案
解：（1）在中和反应中，必须确保热量不散失，大小烧杯之间填满碎纸条的作用是：保温，减少实验过程中的热量损失，
答：大小烧杯间填满碎纸条的作用是：保温，减少实验过程中的热量损失；
（2）大烧杯上如不盖硬纸板，会有一部分热量散失，求得的中和热数值将会减小，
答：大烧杯上如不盖硬纸板，对求得中和热的数值偏小；
（3）反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，若用60mL1.0mol/L盐酸跟50mL1.1mol/L氢氧化钠溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的量增多，所放出的热量偏高，但是中和热的均是强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热，与酸碱的用量无关，所以用50mL0.50mol•L-1盐酸代替H2SO4溶液进行上述实验，测得中和热数值相等，
答：所放热量不相等；所求中和热数值相等；因为中和热是指酸跟碱发生中和反应生成1molH2O所放出的热量，与酸碱的用量无关；
（4）氨水为弱碱，电离过程为吸热过程，所以用氨水代替稀氢氧化钠溶液反应，测得中和热的数值偏低，
答：用相同浓度和体积的氨水代替氢氧化钠溶液进行上述实验，测得中和热的数值偏低是因为氨水为弱碱，电离过程为吸热过程．
解析
解：（1）在中和反应中，必须确保热量不散失，大小烧杯之间填满碎纸条的作用是：保温，减少实验过程中的热量损失，
答：大小烧杯间填满碎纸条的作用是：保温，减少实验过程中的热量损失；
（2）大烧杯上如不盖硬纸板，会有一部分热量散失，求得的中和热数值将会减小，
答：大烧杯上如不盖硬纸板，对求得中和热的数值偏小；
（3）反应放出的热量和所用酸以及碱的量的多少有关，若用60mL1.0mol/L盐酸跟50mL1.1mol/L氢氧化钠溶液进行反应，与上述实验相比，生成水的量增多，所放出的热量偏高，但是中和热的均是强酸和强碱反应生成1mol水时放出的热，与酸碱的用量无关，所以用50mL0.50mol•L-1盐酸代替H2SO4溶液进行上述实验，测得中和热数值相等，
答：所放热量不相等；所求中和热数值相等；因为中和热是指酸跟碱发生中和反应生成1molH2O所放出的热量，与酸碱的用量无关；
（4）氨水为弱碱，电离过程为吸热过程，所以用氨水代替稀氢氧化钠溶液反应，测得中和热的数值偏低，
答：用相同浓度和体积的氨水代替氢氧化钠溶液进行上述实验，测得中和热的数值偏低是因为氨水为弱碱，电离过程为吸热过程．
某化学兴趣小组要完成中和热的测定．
（1）实验桌上备有烧杯（大、小两个烧杯）、泡沫塑料、泡沫塑料板、胶头滴管、环形玻璃棒、0.50mol•L-1 盐酸、0.55mol•L-1NaOH溶液，尚缺少的实验玻璃用品是______．
（2）实验中能否用环形铜丝搅拌棒代替环形玻璃搅拌棒？______（填“能”或“否”），其原因是______．
（3）他们记录的实验数据如下：
已
已知：Q=Cm（t2-t1），反应后溶液的比热容C为4.18KJ•℃-1•Kg-1，各物质的密度均为1g•cm-3，△H值保留小数点后两位
根据实验结果写出NaOH溶液与HCl溶液反应的热化学方程式：______
（4）若用KOH代替NaOH，测定结果______（填“偏大”、“偏小”或“无影响”，下同）；若用醋酸代替HCl做实验，测定结果______．
正确答案
量筒；温度计
否
金属传热快，热量损失大导致误差大
HCl（aq）+NaOH（aq）=NaCl（aq）+2H2O（l）△H=-56.8kJ/mol
无影响
偏小
解析
解：（1）中和热的测定过程中，需要用量筒量取酸溶液、碱溶液的体积，需要使用温度计测量温度，所以还缺少温度计和量筒；
故答案为：量筒；温度计；
（2）因为铜丝搅拌棒是热的良导体，热量损失大导致误差大，所以不能将环形玻璃搅拌棒改为铜丝搅拌棒，
故答案为：否；金属传热快，热量损失大导致误差大；
（3）第3组温度差分别为：5.5℃，数据明显有误，所以删掉，其余2次温度差分别为：3.3℃，3.5℃，2组数据都有效，温度差平均值=3.4℃，50mL0.55mol•L-1NaOH和50mL.0.5mol•L-1HCl质量和为m=100mL×1g/mL=100g，c=4.18J/（g•℃），△T=3.4℃，代入公式Q=cm△T得生成0.025mol的水放出热量Q=4.18J/（g•℃）×100g×3.4℃=1421.2J=1.4212KJ，即生成0.025mol的水放出热量1.4212KJ，所以生成1mol的水放出热量为
故答案为：HCl（aq）+NaOH（aq）=NaCl（aq）+2H2O（l）△H=-56.8kJ/mol；
（4）在稀溶液中，酸跟碱发生中和反应生成1mol水时的反应热叫做中和热，若用KOH代替NaOH，测定结果无影响，醋酸为弱酸，电离过程为吸热过程，所以用醋酸代替HCl做实验，反应放出的热量小于56.8kJ，测定结果偏小，
故答案为：无影响；偏小；
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