- 化学实验
- 共767题
15.常温下,用0.10 mol·L-1KOH溶液滴定10.00mL 0.10mol·L-1某二元弱酸H2R溶液,所得滴定曲线如图所示。下列叙述正确的是
正确答案
解析
A.a点所示溶液中c(H+)/c(OH-)=c(H+)/Kw=1014 c(H+)2,pH>1,c(H+)/c(OH-)<1012,正确;
B.点c时两溶液恰好完全反应生成了KHR,溶液显酸性,电离大于水解,因此c(K+)>c(HR-)>c(R2-)>c(H2R),错误;
C.点e所示的溶液中,溶质只有K2R,根据电荷守恒和物料守恒可知,c(H+)=c(OH-)-c(HR-)-2c(H2R),错误;
D.五个点中c点时c(HR-)最大,错误;故选A。
考查方向
解题思路
A.a点所示溶液中c(H+)/c(OH-)=c(H+)/Kw=1014 c(H+)2,pH>1,c(H+)/c(OH-)<1012;
B.点c时两溶液恰好完全反应生成了KHR,溶液显酸性,电离大于水解,因此c(K+)>c(HR-)>c(R2-)>c(H2R);
C.点e所示的溶液中,溶质只有K2R,根据电荷守恒和物料守恒可知,c(H+)=c(OH-)-c(HR-)-2c(H2R);
D.五个点中c点时c(HR-)最大,因为溶液的水解和电离程度都较小;
易错点
五个点中c点时c(HR-)最大,因为溶液的水解和电离程度都较小;
知识点
某探究小组设计如右图所示装置(夹持、加热仪器略),模拟工业生产进行制备三氯乙醛
(CCl3CHO)的实验。查阅资料,有关信息如下:
8.仪器A中发生反应的化学方程式是______;装置B中的试剂是_______。
9.若撤去装置C,可能导致装置D中副产物_____(填化学式)的量增加;装置D可采用 加热的方法以控制反应温度在70℃左右。
10.反应结束后,有人提出先将D中的混合物冷却到室温,再用过滤的方法分离出CCl3COOH。你认为此方案是否可行,为什么?_______________。
11.装置E中可能发生的无机反应的离子方程式有_________________。
13.已知:常温下Ka(CCl3COOH)=1.0×10-1mol·L-1,Ka (CH3COOH)= 1.7×10-5mol·L-1请设计实验证明三氯乙酸、乙酸的酸性强弱。
正确答案
(1)MnO2+4HCl(浓)≜MnCl2+Cl2↑+2H2O,饱和食盐水;
解析
(1)二氧化锰与浓盐酸在加热条件下反应生成氯化锰、氯气与水,反应方程式为:MnO2+4HCl(浓)≜MnCl2+Cl2↑+2H2O,B装置用饱和食盐水除去HCl;故答案为:MnO2+4HCl(浓)≜MnCl2+Cl2↑+2H2O;饱和食盐水;
考查方向
解题思路
(1)二氧化锰与浓盐酸在加热条件下反应生成氯化锰、氯气与水。
用饱和食盐水除去HCl;
易错点
计算过程要写的清晰,标准。
正确答案
(2)CCl3COOH;水浴;
解析
(2)氯气能与水反应生成HCl与HClO,会发生:CCl3CHO+HClO→CCl3COOH(三氯乙酸)+HCl、C2H5OH+HCl→C2H5Cl+H2O,导致装置D中副产物:CCl3COOH、C2H5Cl增多,控制反应温度在70℃左右,应采取水浴加热,受热均匀,偏于控制温度,故答案为:CCl3COOH;水浴;
考查方向
解题思路
(2)氯气能与水反应生成HCl与HClO,会发生:CCl3CHO+HClO→CCl3COOH(三氯乙酸)+HCl、C2H5OH+HCl→C2H5Cl+H2O。控制反应温度在70℃左右,应采取水浴加热。
易错点
计算过程要写的清晰,标准。
正确答案
(3)不可行,CCl3COOH溶于乙醇、三氯乙醛;
解析
(3)CCl3COOH溶于乙醇与CCl3CHO,应采取蒸馏方法进行分离,故答案为:不可行,CCl3COOH溶于乙醇与CCl3CHO;
考查方向
解题思路
(3)CCl3COOH溶于乙醇与CCl3CHO。
易错点
计算过程要写的清晰,标准。
正确答案
(4)Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O、H++OH-=H2O;
解析
(4)E装置盛放氢氧化钠溶液,吸收尾气中氯气、HCl防止污染空气,反应离子方程式为:Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O、H++OH-=H2O,故答案为:Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O、H++OH-=H2O;
考查方向
解题思路
(4)E装置盛放氢氧化钠溶液,吸收尾气中氯气、HCl,氯气与氢氧化钠溶液反应生成氯化钠、次氯酸钠与水,HCl与氢氧化钠反应生成氯化钠与水。
易错点
计算过程要写的清晰,标准。
正确答案
(6)分别测定0.1mol•L-1两种酸溶液的pH,三氯乙酸的pH较小,说明三氯乙酸酸性强于乙酸。
解析
(6)分别测定0.1mol•L-1两种酸溶液的pH,三氯乙酸的pH较小,说明三氯乙酸电离程度比乙酸的大,则三氯乙酸的酸性比乙酸的强;故答案为:分别测定0.1mol•L-1两种酸溶液的pH,三氯乙酸的pH较小,说明三氯乙酸酸性比乙酸的强.
考查方向
解题思路
(6)酸性越强,电离程度越大,溶液pH越小.
易错点
计算过程要写的清晰,标准。
12.下列实验可达到实验目的的是
正确答案
解析
A.Ca(OH)2和NaHCO3溶液改变滴定顺序,均生成白色沉淀,则不能利用相互滴加检验,故A错误;
B.CH3CH2Br中不含溴离子,与硝酸银不反应,不能检验溴元素,故B错误;
C.溴与二氧化硫发生氧化还原反应,但溴单质和二氧化硫的反应必须在水溶液中进行,则不能用溴的四氯化碳溶液吸收SO2气体,故C错误;
D.卤代烃在NaOH的醇溶液中共热,发生消去反应,则与NaOH的醇溶液共热制备CH3-CH=CH2,故D正确;
考查方向
物质的制备、分离提纯和鉴别
解题思路
A.Ca(OH)2和NaHCO3溶液改变滴定顺序,均生成白色沉淀;
B.CH3CH2Br中不含溴离子;
C.溴与二氧化硫发生氧化还原反应,但溴单质和二氧化硫的反应必须在水溶液中进行;
D.卤代烃在NaOH的醇溶液中共热,发生消去反应.
易错点
C项中溴单质和二氧化硫的反应必须在水溶液中进行
教师点评
把握物质的性质、发生的反应及物质检验为解答的关键,侧重分析与应用能力的考查,注意有机物性质的应用,题目难度不大
知识点
19. ClO2在常温下是一种黄绿色有刺激性气味的气体,其熔点为-59℃,沸点为11.0℃,易溶于水。工业上用稍潮湿的KClO3和草酸(H2C2O4)在60℃时反应制得。某学生拟用图1所示装置模拟工业制取并收集ClO2。
(1)A装置电动搅拌棒的作用是 。A装置必须添加温度控制装置,除酒精灯外,还需要的玻璃仪器有烧杯、 。
(2)B装置必须放在冰水浴中,其原因是 。
(3)反应后在装置C中可得NaClO2溶液。
已知(1)NaClO2饱和溶液在温度低于38℃时析出晶体是NaClO2·3H2O,在温度高于38℃时析出晶体是NaClO2,温度高于60℃时NaClO2分解生成NaClO3和NaCl;
(2)NaClO2的溶解度曲线如图2所示,请补充从NaClO2溶液中制得NaClO2晶体的操作步骤:
①减压,55℃蒸发结晶;
② ;
③ ;
④低于60℃干燥;得到成品。
(4)ClO2很不稳定,需随用随制,产物用水吸收得到ClO2溶液。为测定所得溶液中ClO2的含量,进行了下列实验:
步骤1:准确量取ClO2溶液10.00 mL,稀释成100.00 mL试样;量取V1 mL试样加入到锥形瓶中;
步骤2:用稀硫酸调节试样的pH≤2.0,加入足量的KI晶体,静置片刻;
步骤3:加入指示剂,用c mol·L-1 Na2S2O3溶液滴定至终点,消耗Na2S2O3溶液V2 mL(已知2 Na2S2O3 + I2 =Na2S4O6 + 2NaI)。
①配制100 mL c mol·L-1 Na2S2O3标准溶液时,用到的玻璃仪器除烧杯、量筒、玻璃棒外还有: 。
②滴定过程中进行三次平行测定的原因是 。
③若滴定前滴定管尖嘴中有气泡,滴定后气泡消失,则测定结果 。(填“偏高”、“偏低”或“不变” )
正确答案
(1)反应时搅拌,增大反应物的接触面积,加快反应速率
(2)温度计 使ClO2充分冷凝,减少挥发
(3)②趁热过滤 ③用38℃~60℃热水洗涤
(4)
① 100 mL 容量瓶、胶头滴管
②取平均值,减少计算误差
③偏高
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
4.用下列实验装置进行相应实验,能达到实验目的的是( )
正确答案
解析
A.能产生压强差的装置能检验装置气密性,该装置调节b装置时能产生压强差,所以可以来检验装置气密性,故A错误;
B.四氯化碳能作溴水的萃取剂且密度大于水,所以图乙可以作为CCl4萃取溴水后的分液装置,故B正确;
C.收集氨气时应该采用向下排空法,且收集时不能将试管口塞塞子,否则收集气体的试管中压强过大易产生安全事故,且导气管深入试管底部,故C错误;
D.二氧化硫能被硝酸钡氧化生成硫酸钡,所以生成的白色沉淀是硫酸钡而不是亚硫酸钡,故D错误
考查方向
化学实验方案评价
解题思路
A.能产生压强差的装置能检验装置气密性;
B.四氯化碳能作溴水的萃取剂且密度大于水;
C.收集氨气时应该采用向下排空法,且收集时不能将试管口塞塞子;
D.二氧化硫能被硝酸钡氧化生成硫酸钡
易错点
C项试管口不能塞塞子
教师点评
本题考查化学实验方案评价,为高频考点,涉及气密性检验、萃取、气体的收集、氧化还原反应等知识点,明确实验原理、物质性质、实验操作是解本题关键
知识点
4.用下列实验装置进行相应实验,装置正确且能达到实验目的的是
正确答案
解析
A.氯气和HCl都能和NaOH溶液反应,所以不能用NaOH溶液除去氯气中的HCl,应该用饱和食盐水,故A错误;
B.从溶液中获得NaCl晶体采用蒸发结晶方法,应该用蒸发皿蒸发盛放氯化钠溶液,坩埚用于灼烧固体,故B错误;
C.实验室用浓硫酸作催化剂、170℃条件下加热乙醇制取乙烯,温度计测量混合溶液温度,该装置符合实验要求,故C正确;
D.如果用Cu作电解池阳极,则阳极上Cu失电子而不是电解质溶液中阴离子失电子,所以得不到氯气,应该用石墨作阳极、Cu作阴极,故D错误
考查方向
化学实验方案的评价
解题思路
A.氯气和HCl都能和NaOH溶液反应;
B.从溶液中获得NaCl晶体采用蒸发结晶方法,应该用蒸发皿蒸发盛放氯化钠溶液;
C.实验室用浓硫酸作催化剂、170℃条件下加热乙醇制取乙烯,温度计测量混合溶液温度;
D.如果用Cu作电解池阳极,则阳极上Cu失电子而不是电解质溶液中阴离子失电子
易错点
D项:铜做电解池的阳极,Cu失电子,得不到氯气
教师点评
本题考查化学实验方案评价,为高频考点,涉及电解原理、物质制备、仪器选取、除杂等知识点,明确实验原理及物质性质、实验操作规范性是解本题关键,注意从实验操作规范性、仪器用途、实验评价方面分析解答
知识点
13.常温下,用已知浓度的盐酸滴定未知浓度的Na2CO3溶液,用 pH传感器测得混合溶液的pH变化曲线如下图(已知:饱和CO2溶液的pH为5.6),下列说法正确的是
正确答案
解析
A.滴定之前碳酸钠溶液的pH=11,所以溶液中氢氧根离子的浓度为0.001 mol/L,该Na2CO3溶液的浓度大于0.001 mol/L,A错误;
B.在pH=7时,溶液显示中性,氢离子和氢氧根离子浓度相等,此时溶液中还含有碳酸根离子和碳酸氢根离子,所以钠离子大于氯离子浓度,B错误;
C.在pH=6时,溶液显酸性,溶液的组成可能是:碳酸氢钠和饱和二氧化碳溶液的混合物,此时c(Na+)>c(HCO3-)>c(CO32-),C正确;
D.根据pH变化曲线,可以看出c到d阶段,随着盐酸的加入,pH基本不再变化,所以该阶段盐酸剩余,碳酸钠和碳酸氢钠完全消耗掉了,D错误。
故选C。
考查方向
解题思路
A.根据滴定之前溶液的pH来计算碳酸钠的浓度;
B.根据电荷守恒以及溶液显示中性时氢离子和氢氧根离子浓度相等来判断;
C.在pH=6时,溶液显酸性,根据溶液的组成情况确定离子浓度的大小关系;
D.根据pH变化图象结合滴定实际来回答。
易错点
本题注意分析反应物的物质的量之间的关系,判断反应的程度以及溶液的主要成分是解题的关键,题目难度较大。
知识点
用下列装置不能达到实验目的的是
甲 乙 丙 丁
正确答案
解析
略
知识点
下列实验操作与预期实验目的或实验结论不一致的是
正确答案
解析
略。
知识点
14. 将含有苯胺、水杨酸(邻羟基苯甲酸)、硝基苯、苯酚四种有机物的乙醚溶液,按如下流程用分液漏斗依次分离,假设每一步分离都是完全的。
下列说法正确的是( )
正确答案
解析
略
知识点
加强空气质量检测,客观分析空气中污染物的来源及性质,将有助于制定有针对性的治理措施。下表是某城市某日的空气质量报告:
该市某校研究性学习小组对表中首要污染物SO2导致酸雨的成因进行了如下探究:
21.用下图所示装置进行实验。
①A装置的作用是 。
②实验过程中,B装置内石蕊试纸的颜色没有发生变化,C装置内湿润的蓝色石蕊
试纸变成 色,说明SO2与水反应生成一种酸,其化学反应方程式是 。
③D装置的作用是 ,
D中发生反应的化学方程式是 。
22.往盛有水的烧杯中通入SO2气体,测得所得溶液的pH 7(填“>”“=”或“<”),然后每隔1h测定其pH,发现pH逐渐 (填“变大”或“变小”), 直至恒定,原因是 (写出反应的离子方程式)。
23.SO2形成酸雨的另一途径为:SO2与空气中的O2在飘尘的作用下反应生成SO3,SO3溶于降水生成H2SO4, 则在此过程中的飘尘是作为 (填“催化剂”或“氧化剂”)。
24.汽车排放的尾气,硝酸、化肥等工业生产排出的废气中都含有氮的氧化物,氮的氧化物溶于水最终转化为 ,是造成酸雨的另一主要原因。
正确答案
(1)①干燥二氧化硫 ;②红;SO2+H2OH2SO3;
③吸收二氧化硫尾气防止环境污染;SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O。
解析
(1)如图实验流程。
①A装置中的浓硫酸起吸水剂的作用或干燥剂。
②干燥的SO2经过B装置内干燥的石蕊试纸的颜色没有发生变化,但遇到C装置内湿润的蓝色石蕊试纸变成红色,则说明SO2与水反应生成一种酸,其化学反应方程式是SO2+H2OH2SO3 。
③D装置是典型的尾气吸收装置,故其作用是吸收多余的二氧化硫,防止环境污染;
其化学方程式是SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O。
考查方向
解题思路
依据二氧化硫的性质、实验流程及工业污染等解题。
正确答案
(2)< ;变小;2H2SO3+O2=4H++2SO42- (或2SO2+O2+2H2O= 4H++2SO42-)。
解析
(2)往盛有水的烧杯中通入SO2气体,生成亚硫酸,故测得所得溶液的pH<7;然后每隔1h测定其pH,发现pH逐渐 “变小”, 直至恒定,原因是2H2SO3+O2=4H++2SO42- 。
考查方向
解题思路
依据二氧化硫的性质、实验流程及工业污染等解题。
易错点
(2)……发现pH逐渐 (填“变大”或“变小”), 直至恒定,原因是 ?。
正确答案
(3)催化剂 。
解析
(3)SO2形成酸雨的另一途径为:SO2与空气中的O2在飘尘的作用下反应生成SO3,SO3溶于降水生成H2SO4, 则在此过程中的飘尘是作为 “催化剂”。
考查方向
解题思路
依据二氧化硫的性质、实验流程及工业污染等解题。
正确答案
HNO3。
解析
废气中氮的氧化物溶于水最终转化为HNO3,是造成酸雨的另一主要原因。
考查方向
解题思路
依据二氧化硫的性质、实验流程及工业污染等解题。
26.乙酸正丁酯常用作香精,实验室用冰醋酸和正丁醇制备乙酸正丁酯
Ⅰ.乙酸正丁酯粗产品的制备
试管中加少许入沸石、7.4 mL正丁醇和6.4 mL冰醋酸,再加入3~4滴浓硫酸,然后安装好装置,加热使之反应。
Ⅱ.乙酸正丁酯粗产品的精制
将试管中的液体转移到分液漏斗中,用10 mL水洗涤,除去下层水层;有机层继续用10 mL 10% Na2CO3洗涤至中性;再用10 mL 的水洗涤。
将酯层进行蒸馏。蒸馏收集乙酸正丁酯产品时,应将温度控制在126.1℃左右。
Ⅲ.计算产率
称量出制得的乙酸正丁酯的质量为5. 12 g。
已知:
完成下列填空:
(1)下图装置中长导管有冷凝回流作用,它可以由分水回流装置代替。分水回流装置中回流下来的蒸气冷凝液进入分水器,待分层后, 有机层会自动流回到反应器中,将生成的水从分水器中放出去。
①分水回流代替长导管回流,对乙酸正丁酯的合成有什么作用。
②使用分水器装置进行回流的可逆反应反应,一般应具备什么条件。
(2)分水器在使用时须预先加水,使其水面低于分水器回流支管下沿3~5 mm的水。预先加水的目的是_____________________。
(3)反应时加热有利于提高酯的产率,但温度过高时酯的产率反而降低,其可能的原因是___________________。
(4)水洗的目的是_____________。碱洗的目的是____________。
测pH值的操作。_______________________。
(5)本次实验乙酸正丁酯的产率_____________ 。
正确答案
(1)
①可逆反应,水移离反应体系,平衡向生成酯的方向移动,产率提高。
②有水生成;回流有机物位于水上层(反应温度100℃左右)。
(2)回流的有机物能及时返回反应体系。
(3)乙酸、正丁醇大量挥发,发生副反应。
(4)
除去水溶性杂质。
除去酸性杂质。
pH试纸放在表而皿上,用蘸有待测溶液的玻璃棒点在试纸的中部,与比色卡对照读取pH值。
(5)54.5%
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
三草酸合铁酸钾晶体(K3[Fe(C2O4)3]·xH2O)是一种光敏材料,在110 ℃可完全失去结晶水。为测定该晶体中铁的含量和结晶水的含量,某实验小组做了如下实验:
(1)铁含量的测定
步骤一:称量5.00 g三草酸合铁酸钾晶体,配制成250 mL溶液。
步骤二:取所配溶液25.00 mL于锥形瓶中,加稀H2SO4酸化,滴加KMnO4溶液至草酸根恰好全部氧化成二氧化碳,同时,MnO4- 被还原成Mn2+。向反应后的溶液中计入一小匙锌粉,加热至黄色刚好消失,过滤,洗涤,将过滤及洗涤所得溶液收集到锥形瓶中,此时,溶液仍呈酸性。
步骤三:用0.010 mol/L KMnO4溶液滴定步骤二所得溶液至终点,消耗KMnO4溶液20.02 mL滴定中MnO4- 被还原成Mn2+ 。
重复步骤二、步骤三操作,滴定消耗0.010 mol/L KMnO4溶液19.98 mL
请回答下列问题:
①配制三草酸合铁酸钾溶液的操作步骤依次是:称量、_______、转移、洗涤并转移、______摇匀。
②加入锌粉的目的是________。
③写出步骤三中发生反应的离子方程式________。
④实验测得该晶体中铁的质量分数为__________。在步骤二中,若加入的KMnO4的溶液的量不够,则测得的铁含量__________。(选填“偏低”“偏高”“不变”)
(2)结晶水的测定
加热晶体,烘干至恒重,记录质量;在坩埚中加入研细的三草酸合铁酸钾晶体,称量并记录质量;加热至110 ℃,恒温一段时间,至于空气中冷却,称量并记录质量;计算结晶水含量。请纠正实验过程中的两处错误;__________;__________。
正确答案
(1)①溶解 定容 ②将Fe3+恰好还原成Fe2+ ③5Fe2++MnO4-+8H+=5Fe3++Mn2++4H2O ④44.8% 偏高
(2)加热后的晶体要在干燥器中冷却 两次称量质量差不超过0.1 g。
解析
(1)①在配制物质的量浓度的溶液时,要经过:计算→称量→溶解→移液、洗涤→振荡→定容→摇匀等步骤。
②加入锌粉的目的是将Fe3+恰好还原成Fe2+。
③在步骤三中发生的离子反应为:5Fe2++MnO4-+8H+=5Fe3++Mn2++4H2O。
④根据步骤三中的离子反应可知:,m(Fe)=56 g·mol-1×4.0×10-4mol=2.24×10-2g。晶体中铁的质量分数=
×100%=44.8%。
若在步骤二中滴入酸性高锰酸钾溶液不足,则会有部分草酸根未被氧化,在步骤三中则会造成消耗酸性高锰酸钾溶液的量偏大,从而计算出的铁的量增多,含量偏高。
(2)加热后的晶体要在干燥器中冷却,防止重新吸收空气中的水分。另外在加热时至少要称量两次质量差,到两次称量质量差不超过0.1g。
知识点
海水中含有丰富的镁资源。某同学设计了从模拟海水中制备MgO的实验方案:
注:溶液中某种离子的浓度小于1.0×10-5 mol/L,可认为该离子不存在;实验过程中,假设溶液体积不变。
已知:Ksp(CaCO3)=4.96×10-9;Ksp(MgCO3)=6.82×10-6;Ksp[Ca(OH)2]=4.68×10-6;Ksp[Mg(OH)2]=5.61×10-12。
下列说法正确的是
正确答案
解析
加入的氢氧化钠与碳酸氢根反应生成碳酸根,碳酸根与钙离子反应生成沉淀物碳酸钙,同时此时溶液中c(Mg2+) c(OH-)2=0。050 mol·L-1×(10-3mol·L-1)2= 5×10-8( mol·L-1)3<KspMg(OH)2,无氢氧化镁沉淀生成, A项正确;c(Ca2+) c(OH-)2=0。011 mol·L-1×(10-3mol·L-1)2= 1。1×10-8( mol·L-1)3<KspCa(OH)2,钙离子未沉淀,B项错误;加入pH=11的氢氧化钠溶液,溶液中镁离子浓度为:c(Mg2+)==5.61×10-6mol·L-1,可认为镁离子沉淀完全,C项错误;加入4。2 g氢氧化钠,n(OH-)=0。105 mol,生成0.05 mol Mg(OH)2,余0.005 mol OH―,Q[Ca(OH)2]=0.01×0.0052=2.5×10-7<Ksp,无Ca(OH)2析出,D项错误。
知识点
12. 向X溶液中加入Y试剂,产生沉淀的物质的量符合下图的是( )
正确答案
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
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