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题型:简答题
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简答题

科学家推测,宇宙中可能有由反粒子组成的反物质存在,反粒子与正粒子有相同的质量,却带有等量的异号电荷..1998年6月,我国科学家研制的阿尔法磁谱仪由美国“发现号”航天飞机搭载升空,寻找宇宙中反物质存在的证据.磁谱仪的核心部分如图所示,PQ、MN是两个平行板,它们之间存在匀强磁场区,磁场方向与两板平行.宇宙射线中的各种粒子从板PQ中央的小孔O垂直PQ进入匀强磁场区,在磁场中发生偏转,并打在附有感光底片的板MN上,留下痕迹.假设宇宙射线中存在氢核、反氢核、氦核、反氦核四种粒子,它们以相同速度v从小孔O垂直PQ板进入磁谱仪的磁场区,并打在感光底片上的a、b、c、d四点,已知氢核质量为m,电荷量为e,PQ与MN间的距离为L,磁场的磁感应强度为B.

(1)指出a、b、c、d四点分别是由哪种粒子留下的痕迹?(不要求写出判断过程)

(2)求出氢核在磁场中运动的轨道半径.

(3)反氢核在MN上留下的痕迹与氢核在MN上留下的痕迹之间的距离是多少?

正确答案

(1)由左手定则可判定偏转方向,从而判断出a,b为反粒子,由半径公式R=mv/Bq可确定a、b、c、d四点分别是反氢核、反氦核、氦核和氢核留下的痕迹. (2分)

(2)对氢核,在磁场中做匀速圆周运动,由牛顿第二定律得:

 (2分)

得: (2分)

(3)由图中几何关系知:

 (2分)

所以反氢核与氢核留下的痕迹之间的距离

 (2分)

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题型:简答题
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简答题

(9分)如图所示,只有在的区域中,存在着垂直于纸面的、磁感应强度为B0的匀强磁场,一个质量为m、带电量为的带电粒子(不计重力),从坐标原点O以初速度沿着与轴正向成300角的方向垂直于磁场方向进入。求该带电粒子离开磁场的位置以及方向。

正确答案

离开磁场的距离,速度方向与x轴正向成300斜向下

带电粒只受洛仑兹力,做匀速圆周运动

洛仑兹力用来提供向心力         ——2分 

                             ——1分

根据几何知识,,所以   ——1分

离开磁场的距离     ——3分

离开磁场的速度方向与x轴正向成300斜向下      ——2分

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简答题

如图11-43所示,直角坐标系中的第Ⅰ象限中存在沿y轴负方向的匀强电场,在第Ⅱ象限中存在垂直纸面向外的匀强磁场.一电荷量为q、质量为m的带正电的粒子,在-x轴上的点a以速率v0、方向和-x轴方向成60°射入磁场,然后经过y轴上y=L处的 b点垂直于y轴方向进入电场,并经过x轴上x=2L处的c点.不计重力.求

图11-43

(1)磁感应强度B的大小;

(2)电场强度E的大小;

正确答案

(1)  (2)

(1)带电粒子在磁场中运动由轨迹可知r=

由qv0B=得B=.

(2)带电粒子在电场中运动2L=v0t2

L=   解得E=.

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题型:简答题
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简答题

如图9所示,一束电子(电荷量为e)以速度v垂直射入磁感应强度为B,宽为d的匀强磁场中,穿过磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角为300,求:

(1)电子的质量;

(2)电子穿过磁场所用的时间。 

正确答案

(1)(2)

如图所示,根据几何关系可得:

(1)

又由

得,

(2)

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题型:简答题
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简答题

如图所示,S为电子源,它在纸面360度范围内发射速度大小为,质量为m,电量为q的电子(q<0),MN是一块足够大的竖直挡板,与S的水平距离为L,挡板左侧充满垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度大小为,求挡板被电子击中的范围为多大?

正确答案

由于粒子从同一点向各个方向发射,粒子的轨迹构成绕S点旋转的一动态圆,动态圆的每一个圆都是逆时针旋转,这样可以作出打到最高点与最低点的轨迹,如图4所示,最高点为动态圆与MN的相切时的交点,最低点为动态圆与MN相割,且SB为直径时B为最低点,带电粒子在磁场中作圆周运动,由

SB为直径,则由几何关系得

A为切点,所以OA=L

所以粒子能击中的范围为

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题型:填空题
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填空题

如图11所示,一束电子(电量为e)以速度v垂直射入磁感强度为B,宽度为d的匀强磁场中,穿透磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角是30°,则电子的质量是        ,穿透磁场的时间是         

正确答案

m=2dBe/v        td/3v

根据几何关系可知运动半径为2d,,所以可得电子质量m=2dBe/v

周期,电子在磁场中转过30°角,所以穿透磁场的时间t=T/12=πd/3v

故答案为:m=2dBe/v         t=πd/3v

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题型:简答题
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简答题

(1)求离子在磁场中运动的轨道半径

(2)若离子在磁场中运动的轨道半径为时,求与轴成30°角射出的离子从P点到达R点的时间

(3)试推出在的区域中磁场的边界点坐标之间满足的关系式

正确答案

(1) (2) (3)

(1)离子进入磁场后,受到洛伦兹力作用,由牛顿第二定律得:

          ……………………………………… (2分)

      …………………………………………………… (3分)

(2)如图所示,由几何关系可得,离子进入磁场A点坐标为()离开磁场B点坐标为(

由几何关系,离子运动的路程为:

 …(3分)

 …………………(2分)

(只要过程分析的思路正确,并列出表达式得出结论的均给分。)

(3)如图所示,设离子运动的轨道半径为,在的区域内,令离子离开磁场后与x轴夹角为θ

由几何关系得:……………………………………………(2分)

………………(2分)

代入相关数据并化简得:

  ………… (2分)(只要过

程分析的思路正确,并列出表达式得出结论的均给分。)

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题型:简答题
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简答题

如图,质量为m、电量为q的正离子,由静止开始经电压U加速后,从a孔沿半径ao=R的方向射入一绝缘圆柱筒内,筒内有垂直筒的截面指向纸里的匀强磁场.要使正离子与筒壁碰撞最少的次数后重新从a孔射出,则筒内匀强磁场的磁感强度B为多少?

 

正确答案

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题型:简答题
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简答题

如图3所示,有垂直坐标平面的范围足够大的匀强磁场,磁感应强度为B,方向向里。一带正电荷量为q的粒子,质量为m,从O点以某一初速度垂直射入磁场,其轨迹与x、y轴的交点A、C到O点的距离分别为a、b。试求:(1)初速度方向与x轴夹角;(2)初速度的大小。

正确答案

(1)(2)

(1)粒子垂直射入磁场,在xOy平面内做匀速圆周运动,如图4所示,OA、OC是圆周上的两条弦。做两条弦的垂直平分线,交点O1即为圆轨迹的圆心,以O1为圆心,

=R为半径画圆。正电荷在O点所受的洛仑兹力F的方向(与初速度垂直)和粒子的初速度v的方向(与垂直斜向上),也在图上标出。

设初速度方向与x轴的夹角为,由几何关系可知,∠O1OC=。在直角三角形OO1D中,有

 

(2)由直角三角形OO1D,粒子的轨道半径

粒子在磁场中运动有 

由上述两式可得 

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题型:简答题
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简答题

(1)5s末金属杆的动能;

(2)5s末安培力的功率;

(3)5s内拉力F做的功。

正确答案

(1)72J(2)72W (3)252J 

(1)5s末:I1A,                        (1分)

电路中:I1:I2=R2:R1=1:2,                               (1分)

干路电流I=3I1=3×2="6A                            " (1分)

EBLvI(R+r)                                  (1分)

金属杆的速度m/s     (1分)

5s末金属杆的动能                  (1分)

(2)解法一:

FABIL = 1.0×6×1 =" 6.0N                       " (2分)

5s末安培力的功率PA FAv = 6.0×12=" 72W           " (3分)

解法二:

P1:P2:Pr =" 1:2:3               " (2分)

PA= 6P1 = 6I12R1 = 72W   (3分)

(3)解法一:

W1 = I12R1t,根据图线,I12t即为图线与时间轴包围的面积    (1分)

P1:P2:Pr =" 1:2:3                                      " (1分)

所以WA = 6W1  J             (1分)

由动能定理,得WFWA=ΔEk                        (1分)

5s内拉力F做的功WF WA+ΔEk = 180+72=" 252J       " (1分)

解法二:

PA=6I12R1和图线可知,PA正比于t                   (1分)

所以WA  J                 (2分)

由动能定理,得WFWA =ΔEk                     (1分)

5s内拉力F做的功WF WA+ΔEk = 180+72=" 252J       " (1分)

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