- 二氧化硫的性质
- 共1978题
某学生对SO2与漂粉精的反应进行实验探究：
（1）Cl2和Ca（OH）2制取漂粉精的化学方程是______．
（2）pH试纸颜色的变化说明漂粉精溶液具有的性质是______．
（3）向水中持续通入SO2，未观察到白雾．推测现象i的白雾由HCl小液滴形成，进行如下实验：
a．用湿润的碘化钾淀粉试纸检验白雾，无变化；
b．用酸化的AgNO3溶液检验白雾，产生白色沉淀．
①实验a目的是______．
②由实验a、b不能判断白雾中含有HCl，理由是______．
（4）现象ⅱ中溶液变为黄绿色的可能原因：随溶液酸性的增强，漂粉精的有效成分和Cl-发生反应．通过进一步实验确认了这种可能性，其实验方案是______．
（5）将A瓶中混合物过滤、洗涤，得到沉淀X．
①向沉淀X中加入稀HCl，无明显变化．取上层清液，加入BaCl2溶液，产生白色沉淀．则沉淀X中含有的物质是______．
②用离子方程式解释现象ⅲ中黄绿色褪去的原因：______．
正确答案
2Cl2+2Ca（OH）2=CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O
碱性、漂白性
检验白雾中是否含有Cl2，排除Cl2干扰
白雾中混有SO2，SO2可与酸化的AgNO3反应产生白色沉淀
向漂粉精溶液中逐滴加入硫酸，观察溶液是否变为黄绿色
CaSO4
SO2+Cl2+2H2O=SO42-+2Cl-+4H+
解析
解：（1）氯气和碱反应，利用氢氧化钙和氯气发生反应生成次氯酸钙、氯化钙和水，反应的化学方程式为：2Cl2+2Ca（OH）2=CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O；
故答案为：2Cl2+2Ca（OH）2=CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O；
（2）pH试纸先变蓝（约为12）溶液呈碱性，后褪色溶液具有漂白性，所以说明溶液呈碱性，具有漂白性；
故答案为：碱性、漂白性；
（3）向水中持续通入SO2，未观察到白雾．推测现象的白雾由HCl小液滴形成，
①．用湿润的碘化钾淀粉试纸检验白雾，无变化；为了检验白雾中是否含有氯气，因为含有氯气在检验氯化氢存在时产生干扰；
故答案为：检验白雾中是否含有Cl2，排除Cl2干扰；
②．用酸化的AgNO3溶液检验白雾，产生白色沉淀，若含有二氧化硫气体，通入硝酸酸化的硝酸银溶液，会被硝酸氧化为硫酸，硫酸和硝酸银反应也可以生成硫酸银沉淀，所以通过实验不能证明一定含有氯化氢；
故答案为：白雾中混有SO2，SO2可与酸化的AgNO3反应产生白色沉淀
（4）现象ⅱ中溶液变为黄绿色的可能原因：随溶液酸性的增强，漂粉精的有效成分和Cl-发生反应．通过进一步实验确认了这种可能性，漂粉精中成分为次氯酸钙、氯化钙，次氯酸根具有强氧化性在酸性溶液中可以氧化氯离子为 氯气；
故答案为：向漂粉精溶液中逐滴加入硫酸，观察溶液是否变为黄绿色；
（5））①取上层清液，加入BaC12溶液，产生白色沉淀，说明SO2被氧化为SO42-，故沉淀X为CaSO4；
②溶液呈黄绿色，有Cl2生成，Cl2与SO2反应生成盐酸与硫酸；反应的离子方程式为：SO2+Cl2+2H2O=SO42-+2Cl-+4H+；
故答案为：CaSO4：SO2+Cl2+2H2O=SO42-+2Cl-+4H+；
（2011秋•天山区校级期末）下列褪色过程不是因为氧化还原反应而褪色的是（ ）
正确答案
解析
解：A．二氧化硫与溴水发生氧化还原反应，生成硫酸和氢溴酸，表现了二氧化硫的还原性，故A错误；
B．滴有酚酞的NaOH溶液显红色，氯水和碱反应：Cl2+2NaOH═NaCl+NaClO+H2O，生成的次氯酸钠具有强氧化性、漂白性，再加入NaOH后不变红，是因为氧化还原反应而褪色，故B错误；
C．二氧化硫能与品红化合生成无色的化合物，所以SO2气体能使品红溶液褪色，不是因为氧化还原反应而褪色，故C正确；
D．淀粉遇碘单质变蓝，加入KOH溶液I2+2NaOH═NaI+NaIO+H2O，是因为氧化还原反应而褪色，故D错误．
故选C．
下列叙述正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、二氧化硫使品红退色的原理：和有机色质结合而褪色，不是氧化性的原因，且二氧化硫不能使有机色质褪色，故A错误；
B、硫化氢中的硫离子具有还原性，但是氢离子还可以表现弱的氧化性，因此硫化氢不是只具有还原性，故B错误；
C、浓硫酸具有吸水性和脱水性，使木棒或棉花变黑，体现了浓硫酸的脱水性，故C错误；
D、硫酸钡是白色不溶于盐酸的沉淀，可以做钡餐，故D正确．
故选D．
①气密性检查完好后，在装置A中的多孔隔板上放上锌粒，通过______注入稀硫酸．打开活塞，将产生的氢气导入到后续装置．
②______后关闭活塞，将装置D的导管插入烧杯中．
③通过装置B的______滴加浓硫酸，产生的气体进入到BaCl2溶液中，溶液保持澄清．
④打开活塞，将产生的氢气导入后续装置一段时间．
⑤将盛有BaCl2溶液的试管从装置中取出，拔去橡皮塞用胶头滴管伸入到苯层下方滴加双氧水，随即出现白色浑浊，滴加稀盐酸并振荡，白色浑浊不消失．
⑥拆卸装置，清洗仪器，处理剩余药品．
请回答下列问题
（1）实验步骤①和③的空白处使用的仪器分别为______、______；
（2）装置C中苯的作用是______；
（3）实验步骤②的操作为______；
（4）实验步骤④的目的是______；
（5）写出实验步骤⑤试管中发生反应的化学方程式______；
（6）为了避免产生沉淀，你认为还应采取哪些措施，请举一例______．
正确答案
解：（1）可以通过长颈漏斗实现锌粒和酸的接触，分液漏斗的结构和长颈漏斗有很大异，分液漏斗有盖有旋塞，长颈漏斗都没有；故答案为：长颈漏斗；分液漏斗；
（2）苯密度比水小，在氯化钡溶液的上层，可以起到隔离空气的作用，故答案为：将BaCl2溶液与空气隔离；
（3）A装置获取氢气的作用是将装置中的气体赶尽，待氢气纯净后方可将二氧化硫通入氯化钡溶液，故答案为：将装置D的导管口向上，用试管收集氢气验纯，待氢气纯净；
（4）二氧化硫有毒，为了防止造成污染，在实验结束时要再次打开活塞，将产生的氢气导入后续装置一段时间，让SO2全部被氢氧化钠吸收以防止污染，故答案为：将装置D的导管口向上，用试管收集氢气验纯，待氢气纯净；
（5）双氧水具有氧化性，可以将二氧化硫氧化为硫酸，进而和氯化钡反应生成沉淀，故答案为：SO2+H2O2=H2SO4、H2SO4+BaCl2=BaSO4↓+2HCl；
（6）实验要隔绝空气中的氧气，除去氧气的方法很多，如：将BaCl2溶液煮沸驱赶其中的氧气，或者加入植物油等不溶于水且密度小于水的有机物，故答案为：将BaCl2溶液煮沸；（其他合理答案也给分）．
解析
解：（1）可以通过长颈漏斗实现锌粒和酸的接触，分液漏斗的结构和长颈漏斗有很大异，分液漏斗有盖有旋塞，长颈漏斗都没有；故答案为：长颈漏斗；分液漏斗；
（2）苯密度比水小，在氯化钡溶液的上层，可以起到隔离空气的作用，故答案为：将BaCl2溶液与空气隔离；
（3）A装置获取氢气的作用是将装置中的气体赶尽，待氢气纯净后方可将二氧化硫通入氯化钡溶液，故答案为：将装置D的导管口向上，用试管收集氢气验纯，待氢气纯净；
（4）二氧化硫有毒，为了防止造成污染，在实验结束时要再次打开活塞，将产生的氢气导入后续装置一段时间，让SO2全部被氢氧化钠吸收以防止污染，故答案为：将装置D的导管口向上，用试管收集氢气验纯，待氢气纯净；
（5）双氧水具有氧化性，可以将二氧化硫氧化为硫酸，进而和氯化钡反应生成沉淀，故答案为：SO2+H2O2=H2SO4、H2SO4+BaCl2=BaSO4↓+2HCl；
（6）实验要隔绝空气中的氧气，除去氧气的方法很多，如：将BaCl2溶液煮沸驱赶其中的氧气，或者加入植物油等不溶于水且密度小于水的有机物，故答案为：将BaCl2溶液煮沸；（其他合理答案也给分）．
甲、乙两同学为探究SO2与可溶性钡的强酸盐能否反应生成白色BaSO3沉淀，用下图所示装置进行实验（夹持装置和A中加热装置已略，气密性已检验）．
实验操作和现象：
（1）A中反应的化学方程式是______．
（2）C中白色沉淀是______，该沉淀的生成表明SO2具有______性．
（3）C中液面上方生成浅棕色气体的化学方程式是______．
（4）分析B中不溶于稀盐酸的沉淀产生的原因，甲认为是空气参与反应，乙认为是白雾参与反应．
①为证实各自的观点，在原实验基础上：
甲在原有操作之前增加一步操作，该操作是______；
乙在A、B间增加洗气瓶D，D中盛放的试剂是______．
②进行实验，B中现象：
检验白色沉淀，发现均不溶于稀盐酸．结合离子方程式解释实验现象异同的原因：______．
（5）合并（4）中两同学的方案进行实验．B中无沉淀生成，而C中产生白色沉淀，由此得出的结论是______．
正确答案
解：（1）铜和浓硫酸加热条件下生成硫酸铜、二氧化硫和水，化学方程式为：Cu+2H2SO4
（2）A中生成气体SO2，C中的白色沉淀不溶于稀盐酸，说明C中沉淀为是BaSO4，原因是硝酸根离子在酸性条件下具有强氧化性，能将SO2氧化为SO42-，说明SO2具有还原性；
（3）C中发生的反应是3SO2+3Ba2++2NO3-+2H2O═3BaSO4↓+2NO↑+4H+，C中液面上方生成浅棕色气体则是硝酸还原生成的NO遇O2生成了红棕色的NO2之故，化学方程式是2NO+O2═2NO2；
（4）A中白雾与氯化钡反应能生成BaSO4沉淀，故其可能含有SO3或H2SO4，；甲同学为排除装置内空气对实验结果的影响，在Cu与浓硫酸反应前，可先通一会儿N2；A中白雾可能含有SO3或H2SO4，乙同学为除去白雾或SO2中的SO3，可在A、B间增加一个盛放浓硫酸或饱和NaHSO3溶液的洗气瓶；在甲、乙两同学的实验中，B中均出现了不溶于稀盐酸的白色沉淀，说明该白色沉淀都是BaSO4，由于甲同学没有排除白雾的干扰，故生成BaSO4沉淀的离子方程式为SO42-+Ba2+═BaSO4↓；乙同学没有排除空气的干扰，其生成BaSO4的离子方程式为2Ba2++2SO2+O2+2H2O═2BaSO4↓+4H+，白雾的量远多于装置中氧气的量，所以甲中产生大量白色沉淀，乙中产生少量白色沉淀；
（5）合并甲、乙两同学的方案进行实验时，B中无沉淀生成，C中产生白色沉淀，说明SO2与可溶性钡的强酸盐不能反应生成BaSO3沉淀．
故答案为：（1）Cu+2H2SO4═CuSO4+SO2↑+2H2O；
（2）BaSO4，还原；
（3）2NO+O2═2NO2，
（4）①通N2一段时间，排除装置中的空气；饱和NaHSO3溶液；
②甲：SO42-+Ba2+═BaSO4↓，乙：2Ba2++2SO2+O2+2H2O═2BaSO4↓+4H+，白雾的量远多于装置中O2的量；
（5）SO2与可溶性钡的强酸盐不能反应生成BaSO3沉淀．
解析
解：（1）铜和浓硫酸加热条件下生成硫酸铜、二氧化硫和水，化学方程式为：Cu+2H2SO4
（2）A中生成气体SO2，C中的白色沉淀不溶于稀盐酸，说明C中沉淀为是BaSO4，原因是硝酸根离子在酸性条件下具有强氧化性，能将SO2氧化为SO42-，说明SO2具有还原性；
（3）C中发生的反应是3SO2+3Ba2++2NO3-+2H2O═3BaSO4↓+2NO↑+4H+，C中液面上方生成浅棕色气体则是硝酸还原生成的NO遇O2生成了红棕色的NO2之故，化学方程式是2NO+O2═2NO2；
（4）A中白雾与氯化钡反应能生成BaSO4沉淀，故其可能含有SO3或H2SO4，；甲同学为排除装置内空气对实验结果的影响，在Cu与浓硫酸反应前，可先通一会儿N2；A中白雾可能含有SO3或H2SO4，乙同学为除去白雾或SO2中的SO3，可在A、B间增加一个盛放浓硫酸或饱和NaHSO3溶液的洗气瓶；在甲、乙两同学的实验中，B中均出现了不溶于稀盐酸的白色沉淀，说明该白色沉淀都是BaSO4，由于甲同学没有排除白雾的干扰，故生成BaSO4沉淀的离子方程式为SO42-+Ba2+═BaSO4↓；乙同学没有排除空气的干扰，其生成BaSO4的离子方程式为2Ba2++2SO2+O2+2H2O═2BaSO4↓+4H+，白雾的量远多于装置中氧气的量，所以甲中产生大量白色沉淀，乙中产生少量白色沉淀；
（5）合并甲、乙两同学的方案进行实验时，B中无沉淀生成，C中产生白色沉淀，说明SO2与可溶性钡的强酸盐不能反应生成BaSO3沉淀．
故答案为：（1）Cu+2H2SO4═CuSO4+SO2↑+2H2O；
（2）BaSO4，还原；
（3）2NO+O2═2NO2，
（4）①通N2一段时间，排除装置中的空气；饱和NaHSO3溶液；
②甲：SO42-+Ba2+═BaSO4↓，乙：2Ba2++2SO2+O2+2H2O═2BaSO4↓+4H+，白雾的量远多于装置中O2的量；
（5）SO2与可溶性钡的强酸盐不能反应生成BaSO3沉淀．
扫码查看完整答案与解析