- 放射性衰变
- 共1588题
钍230Th核发生衰变生成镭核226Ra并放出一个粒子,设该粒子的质量为m、电荷量为q,它以速度v0进入电势差为U的带窄缝的平行平板电极S1和S2间电场,经电场加速后,沿OX方向进入磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的有界匀强磁场,OX垂直平板电极S2,当粒子从点P离开磁场时,其速度方向与OX方向的夹角θ=60°,如图所示,整个装置处于真空中,
(1)写出钍核衰变方程;
(2)求粒子在磁场中沿圆弧运动的轨道半径R;
(3)求粒子在磁场中运动所用的时间t.
正确答案
(1)钍核衰变方程:90230Th→24He+88226Ra
(2)设粒子离开电场时速度为υ,对加速过程有qU=mυ2-
m
①
粒子在磁场中有qυB=m ②
由①②得R=
(3)粒子做圆周运动的回旋周期T==
粒子在磁场中运动时间t=T ④
由③④得t=
如图所示,在xy平面上,一个以原点O为中心、半径为R的圆形区域内存在着一匀强磁场,磁场的磁感应强度为B,方向垂直于xy平面向内.在O处原来静止着一个具有放射性的原子核713N(氮),某时刻该核发生衰变,放出一个正电子和一个反冲核.已知正电子从O点射出时沿x轴正方向,而反冲核刚好不会离开磁场区域,正电子电荷量为e.不计重力影响和粒子间的相互作用.
(1)试写出713N的衰变方程;(2)求正电子离开磁场区域时的位置.
正确答案
(1)衰变过程中质量数和电荷数守恒,这是写衰变方程的依据.
故713N的衰变方程方程为:713N→613C+10e
(2)衰变过程动量守恒所以有:mcvc=meve ①
由题意可知,反冲核即碳核的轨道半径为,根据洛伦兹力提供向心力有:
对碳核:=
②
对电子:r= ③
由①②③可得:r=3R
由图可知,正电子从磁场中射出的位置P的坐标x、y满足:
r2=x2+(r-y)2 R2=x2+y2
解之得:x=R,y=
R,
故正电子离开磁场区域时的位置为:x=R,y=
R
(选修模块3-5)
(1)下列说法正确的是______
A.康普顿效应和电子的衍射现象说明粒子的波动性
B.α粒子散射实验可以用来确定原子核电荷量和估算原子核半径
C.氢原子辐射出一个光子后能量减小,核外电子的运动加速度减小
D.比结合能越大,表示原子核中核子结合得越牢靠,原子核越稳定
(2)一个高能γ光子,经过重核附近时与原子核场作用,能产生一对正负电子,请完成相应的反应方程:γ→______.
已知电子质量me=9.10×10-31kg,光在真空中的传播速度为速为c=3.00×108m/s,则γ光子的能量至少为______J.
(3)一质量为M的航天器远离太阳和行星,正以速度v0在太空中飞行,某一时刻航天器接到加速的指令后,发动机瞬间向后喷出质量为m的气体,气体向后喷出的速度大小为v1,求加速后航天器的速度大小.(v0、v1均为相对同一参考系的速度)
正确答案
(1)A、康普顿效应说明光具有粒子性,电子的衍射说明粒子具有波动性.故A错误.
B、α粒子散射实验可以用来确定原子核电荷量和估算原子核半径.故B正确.
C、氢原子辐射出一个光子后能量减小,则轨道半径减小,根据k=ma知,电子的加速度增大.故C错误.
D、比结合能越大,表示原子核中核子结合得越牢靠,原子核越稳定.故D正确.
(2)一个高能γ光子,经过重核附近时与原子核场作用,能产生一对正负电子,根据电荷数守恒、质量数守恒有:γ→e+
e.根据爱因斯坦质能方程得,△E=△mc2=2mec2=1.64×10-13J.
(3)设加速后航天器的速度大小为v,由动量守恒定律有Mv0=-mv1+(M-m)v
解得 v=.
故答案为:(1)BD (2)e+
e 1.64×10-13J
(3)v=.
C.(选修模块3-5)
(1)下列说法中正确的是______.
A.随着温度的升高,一方面各种波长的辐射强度都有增加,另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动
B.在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,因此光子散射后波长变短
C.根据海森伯提出的不确定性关系可知,不可能同时准确地测定微观粒子的位置和动量
D.4个放射性元素的原子核经过一个半衰期后一定还剩下2个没有发生衰变
(2)在《探究碰撞中的不变量》实验中,某同学采用如图所示的装置进行实验.把两个小球用等长的细线悬挂于同一点,让B球静止,拉起A球,由静止释放后使它们相碰,碰后粘在一起.实验过程中除了要测量A球被拉起的角度θ1,及它们碰后摆起的最大角度θ2之外,还需测量______(写出物理量的名称和符号)才能验证碰撞中的动量守恒.用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式是______.
(3)2008年10月7日,日美科学家分享了当年诺贝尔物理学奖.他们曾就特定对称性破缺的起源给出了解释,并预言了一些当时还未发现的夸克.夸克模型把核子(质子和中子)看做夸克的一个集合体,且每三个夸克组成一个核子.已知质子和中子都是由上夸克u和下夸克d组成的.每种夸克都有对应的反夸克.一个上夸克u带有+e的电荷,而一个下夸克d带有-
e的电荷,因此一个质子p可以描述为p=uud,则一个中子n可以描述为n=______.一个反上夸克
带有-
e的电荷,一个反下夸克
带有+
e的电荷,则一个反质子p可描述为
=______.
正确答案
(1)A、随着温度的升高,一方面各种波长的辐射强度都有增加,另一方面辐射强度的极大值向波长较短的方向移动.故A正确.
B、在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,根据λ=知,光子散射后波长变长.故B错误.
C、根据不确定性关系可知,不可能同时准确地测定微观粒子的位置和动量.故C正确.
D、半衰期具有统计规律,对大量的原子核适用.故D错误.
故选AC.
(2)根据机械能守恒定律,mAgl(1-cosθ1)=mAvA2,解得vA=
,(mA+mB)gl(1-cosθ2)=
(mA+mB)v2,解得v=
需要验证mAvA=(mA+mB)v,即mA=(mA+mB)
.所以需要测量两球的质量mA、mB.
(3)中子的电量为0,类似于质子的描述,中子可以描述为udd.反质子的电量为-e,则反质子的描述为.
故答案为:(1)AC (2)两物体的质量mA、mB,mA=(mA+mB)
(3)udd,
.
(1)下列说法正确的是______
A、物体辐射电磁波的强度分布只与物体温度和辐射波的波长有关
B、对于同一种金属来说,其截止频率恒定,与入射光的频率及光的强度均无关
C、极少数α粒子的偏转角超过了900,表明原子中带正电的物质体积很小
D、玻尔的能级原子模型虽然使用了定态、跃迁、量子等概念但保留“轨道”是其缺陷
E、光衍射现象中,产生暗条纹的地方光子出现的概率低,这是波粒二象性的观点
F、做示踪原子的物质尽可能选用半衰期长一些的放射性元素
G、核力具有饱和性和短程性,原子核为了稳定,故重核在形成时其中子数多于质子数
H、比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定释放核能
(2)如图所示,一个有界的匀强磁场,磁感应强度B=0.50T,磁场方向垂直于纸面向里,MN是磁场的左边界.在距磁场左边界MN的1.0m处有一个放射源A,内装放射物质22688Ra (镭),22688Ra发生α衰变生成新核Rn (氡).放在MN左侧的粒子接收器接收到垂直于边界.MN方向射出的质量较小的粒子,此时接收器位置距直线OA的距离为1.0m.
(1)试写出Ra的衰变方程;
(2)求衰变后α粒子的速率;
(3)求一个静止镭核衰变释放的能量.
(设核能全部转化为动能,取1u=1.6×10-27kg,电子电量e=1.6×10-19C)
正确答案
(1)
A、物体辐射电磁波的强度分布只与物体温度和辐射波的波长有关.故A正确.
B、截止频率由金属本身因素决定,与入射光的频率和强度无关.故B正确.
C、极少数α粒子的偏转角超过了90°,表面原子的中央集中了全部的正电荷和几乎全部的质量.故C错误.
D、玻尔的能级原子模型虽然使用了定态、跃迁、量子等概念但保留“轨道”是其缺陷.故D正确.
E、光衍射现象中,产生明条纹的地方光子出现的概率高.故E错误.
F、做示踪原子的物质尽可能选用半衰期长一些的放射性元素.故F正确.
G、核力具有饱和性和短程性,重核在形成时其中子数多于质子数.故G正确.
H、比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时有质量亏损,释放核能.故H正确.
故选ABDFGH
(2)衰变方程为:Ra→
Rn+
He.
对α粒子,qvαB=m
则vα=.
代入数据,解得:vα=2.5×107m/s
(3)
由动量守恒得,0=mvα-Mv
v=vα=
=
m/s=4.5×105m/s.
则核衰变释放的能量E=Mv2+
m
代入数据,解得:E=12.7×10-13J
答:(1)衰变方程为:Ra→
Rn+
He.
(2)衰变后α粒子的速率为2.5×107m/s.
(3)核衰变释放的能量为12.7×10-13J.
铝核(Al)被α粒子轰击后变成磷(P)的一种同位素,并放出一个中子.磷的这种同位素具有放射性,又衰变成硅(Si)的一种同位素,并放出一个正电子,写出上述两个核反应方程式:______;______.
正确答案
根据电荷数守恒、质量数守恒,得两个核反应方程分别为:Al+24He-→1530P+01n,
P-→1430Si+10e.
故答案为:Al+24He-→1530P+01n,
P-→1430Si+10e.
(1)下列说法正确的是_____________。(填写选项前的字母)
(A)放射性元素的半衰期与核内部自身因素有关,与原子所处的化学状态和外部条件无关
(B)β射线为原子的核外电子电离后形成的电子流
(C)光电效应揭示了光具有粒子性,康普顿效应表明光子除了能量之外还具有动量
(D)比结合能越大,原子核中核子结合得越牢固,原子越稳定
(2)根据核反应方程,完成填空:
粒子中含有_____________个中子;物理学家卢瑟福用该粒子轰击氮核(
),发现了_____________,该核反应方程是:_____________。
(3)普朗克常量h=6.63×10-34J·s,铝的逸出功W0=6.72×10-19J,现用波长λ=200nm的光照射铝的表面 (结果保留三位有效数字) 。
①求光电子的最大初动能;
②若射出的一个具有最大初动能的光电子正对一个原来静止的电子运动,求在此运动过程中两电子电势能增加的最大值(电子所受的重力不计)。
正确答案
(1)AC
(2)2,质子(),
(3)①Ek=hν-W0
ν=c/λ
∴Ek=3.23×10-19J
②增加的电势能来自系统损失的动能,当两电子的速度相等时电势能最大,由动量守恒mv0=2mv
损失的动能:△Ek=mv02-
(2m)v2=1.62×10-19J
所以,电势能增加的最大值为1.62×10-19J
回旋加速器在核科学、核技术、核医学等高新技术领域得到了广泛应用,有力地推动了现代科学技术的发展。
(1)当今医学影像诊断设备PET/CT谌称“现代医学高科技之冠”,它在医疗诊断中,常利用能放射正电子的同位素碳11作示踪原子。碳11是由小型回旋加速器输出的高速质子轰击氮14获得,同时还产生另一粒子,试写出核反应方程,若碳11的半衰期τ为20 min,经2.0 h剩余碳11的质量占原来的百分之几?(结果取2位有效数字)
(2)回旋加速器的原理如图所示,D1和D2是两个中空的半径为R的半圆金属盒,它们接在电压一定、频率为f的交流电源上,位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子(初速度可以忽略,重力不计),它们在两盒之间被电场加速,D1、D2置于与盒面垂直的磁感应强度为B的匀强磁场中,若质子束从回旋加速器输出时的平均功率为P,求输出时质子束的等效电流I与P、B、R、f的关系式(忽略质子在电场中的运动时间,其最大速度远 小于光速)。
(3)试推理说明:质子在回旋加速器中运动时,随轨道半径r的增大,同一盒中相邻轨道的半径之差△r是增大、减小还是不变?
正确答案
解:(1)核反应方程为: ①
设碳11原有质量为m0,经过t1=2.0h剩余的质量为mr,根据半衰期定义有:②
(2)设质子质量为m,电荷量为q,质子离开加速器时速度大小为v,由牛顿第二定律知: ③
质子运动的回旋周期为: ④
由回旋加速器工作原理可知,交流电源的频率与质子回旋频率相同,由周期T与频率f的关系得:⑤
设在t时间内离开加速器的质子数为N,则质子束从回旋加速器输出时的平均功率为:⑥
输出时质子束的等效电流为: ⑦
由上述各式得: ⑧
若以单个质子为研究对象解答过程正确的同样得分
(3)设k(k∈N*)为同一盒中质子运动轨道半径的序数,相邻的轨道半径分别为rk、rk+1(rk+1>rk),△rk=rk+1-rk,在相应轨道上质子对应的速度大小分别为vk、vk+1、D1、D2之间的电压为U,由动能定理知:
⑨
由洛伦兹力充当质子做圆周运动的向心力,知,则:
整理得 ⑩
因U、q、m、B均为定值,令,由上式得:
相邻轨道半径rk+1、rk+2之差△rk+1=rk+2-rk+1
同理
因为rk+2>rk,比较△rk、△rk+1得:△rk+1<△rk
说明随轨道半径r的增大,同一盒中相邻轨道的半径之差△r减小
一题多解:质子在加速过程中加速不变,故可以看成做初速度为零的匀加速运动,设质子第n次经过狭缝后的半径为rn,速度为vn,由动能定理得:
在磁场中洛伦兹力提供向心力:
解得:
则得
那么半径的差值之比为:
可见△r逐渐减小
美国科研人员正在研制一种新型镍铜长效电池,它是采用铜和半衰期长达100年的放射性同位素镍63(Ni)两种金属作为长寿命电池的材料,利用镍63发生一次β衰变变成铜(Cu),同时释放电子给铜片,把镍63和铜片做电池两极.则镍63的衰变方程是______,铜片是该电池的______(选填“正极”或“负极”).
正确答案
根据电荷数守恒、质量数守恒得,Ni→
e
Cu,
因为铜片得到电子带负电,铜片可以作为电池的负极.
故答案为:Ni→
e
Cu,负极
约里奥•居里夫妇因发现人工放射性而获得了1935年的诺贝尔化学奖,他们发现的放射性元索P衰变成
Si的同时放出另一种粒子,这种粒子是______.
P是
P的同位素,被广泛应用于生物示踪技术.1mg
P随时间衰变的关系如图所示,请估算4mg的
P经多______天的衰变后还剩0.25mg.
正确答案
核反应方程式为:3015P→3014Si+X,由质量数守恒知X的质量数为0,由电荷数守恒知X的质子数为1,所以X为正电子;
由图象知半衰期大约为14天,由公式0.25=4×()t14知t=56天.
答案为:正电子,56天
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