热门试卷

A、（1）：A、燃气由液态变为气态的过程中体积增大，因此对外做功，故A正确；

B、燃气由液态变为气态的过程中分子势能增大，故B错误；

C、燃气在燃烧室燃烧的过程中气体体积变大，要克服分子力做功，分子势能增加，故C正确；

D、燃气在燃烧后释放在周围环境中的能量变为品质低的大气内能，能量耗散了，很难再被利用，故D错误．

故选AC．

（2）A、由=C可知，如果保持气体的体积不变，温度升高，压强增大，故A错误；

B、由=C可知，如果保持气体的体积不变，温度升高，压强增大，故B正确；

C、由=C可知，如果保持气体的温度不变，体积越小，压强越大，故C正确；

D、由=C可知，如果保持气体的压强不变，温度越高，体积越大，故D错误；

故选BC．

（3）他吸入的空气分子总数约为n=NA=×6.02×1023=1×1022个．

（1）A、四川汶川县发生8.0级强烈地震，地震波是机械波，其中既有横波也有纵波，故A正确；

B、相对论认为，真空中的光速在不同惯性参考系中都是相同的，故B正确；

C、由多普勒效应可知，如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去，故C正确；

D、照相机镜头采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉原理，故D错误；

故选ABC．

（2）由图1甲可知，波长λ=100cm=1m；由图1乙可知，质点的振动周期为2s，则波的周期为2s，频率f===0.5Hz；波速v=λf=1m×0.5Hz=0.5m/s；由图1乙可知，在图示时刻质点P由平衡位置向最大位移处振动，由微平移法可知，波沿想轴负方向传播．

（3）由光的折射定律得：n=，sinβ===，则折射角β=30°；由数学知识可知，

光在玻璃砖中的路程s===cm，光在玻璃砖中的传播速度v=，

光在玻璃砖中的传播时间t====≈6.67×10-10s．

C、（1）A、发生光电效应时，光电子的最大初动能取决于入射光的频率，与入射光的强度无关．故A错误．

B、根据光电效应方程EKm=hγ-W0，可知光电子的最大初动能随照射光的频率增大而增大，故B正确．

C、入射光的频率大于极限频率时，发生光电效应，因为极限波长λ0=，所以入射光的波长必须小于此波长，才能产生光电效应．故C正确．

D、光电效应与入射光的强度无关，取决于入射光的频率，故D错误．

故选BC．

（2）关键质量数守恒和电荷数守恒知U衰变Pb为，需经过 8 次α衰变和 6次β衰变，每经过一次β衰变就会有一个中子转变为质子，同时放出一个电子

，所以共有6个中子转化为质子．

（3）以前锋速度方向为正方向，设撞后共同速度为v，碰撞过程动量守恒，

根据动量守恒定律得：m1v1-m2v2-m3v3=（m1+m2+m3）v，

解得：v===0.1m/s；

所以他们碰撞后的共同速率为0.1m/s，方向与前锋方向相同，所以可以得分，如图所示．

故答案为：A、（1）AC；（2）BC；（3）1×1022；B、（1）ABC；（2）1；0.5；0.5；沿x轴向左；（3）30°；6.67×10-10s；

C、（1）BC；（2）6；（3）①0.1m/s；②方向见右图；能得分．

（1）A、做简谐运动的质点，其振动能量与振幅有关，振幅越大，能量越大．故A错误．

B、泊松亮斑是光的衍射现象，玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的全反射现象．故B正确．

C、根据爱因斯坦相对论原理可知，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的．故C正确．

D、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，为减少实验误差，应选用1m长的细线和小铁球．故D错误．

E、各种电磁波在真空中的传播速度与光速一样，为3×108m/s．故E正确．

故选BCE．

（2）①简谐波沿x轴的正方向传播，t=0时刻P质点向下运动，由题有t=(2+)T=2.2s，则得周期T=0.8s．

 ②由图得波长λ=2cm，则波速v==2.5cm/s

当x=1cm处质点的波峰传到Q点时，Q第一次到达波峰，Q点第一次到达波峰所需时间△t==s=2s．

故答案为：

（1）BCE；（2）①该波的周期为0.8s．②Q点第一次到达波峰所需时间为2s．

（1）由于游标尺的0刻度线仅仅让主尺的0刻度线露出，故主尺的读数为0，由于游标分度为20分度，即每一个小格代表mm，而游标尺的第三条刻度线与主尺的刻度线对齐，故游标尺的读数为mm×3=0.15mm，故测量的数值为0.15mm；

根据衍射条纹宽度公式△x=λ可知如果狭缝的宽度d减小，则条纹间距△x增大，即衍射条纹变宽．

（2）①要测绘小灯泡的电阻随电压变化的关系图象需要将灯泡两端的电压从0开始连续可调一直提高到额定电压3.8v，而电压表的读数最佳位置至少大于满量程的，而3.8v不足15的，只能选择量程为5v的电压表，故选v1．

小灯泡的额定电流I=0.3A，大于A1的最大量程，故只能选量程为0.6A的电流表A2；

由于小灯泡两端的电压需要从0开始连续可调一直提高到额定电压3.8v，故滑动变阻器只能采用分压接法，而分压接法滑动变阻器的总阻值越小越便于调节，故滑动变阻器选R1，；

由于小灯泡的额定电压为3.8v，故电源只能采用电动势为4V的E2；

②当灯泡不工作时，灯泡两端的电压为0，由图可知灯泡的电阻为1.5Ω；当灯泡两端的电压为3.0V时，灯泡的电阻为11.5Ω，根据P=可知此时灯泡实际消耗的功率为P===0.78W．

③根据部分电路的欧姆定律可知I=，故图3的斜率的倒数为电流I，而由图3可知斜率越来越小，故电流随电压的增大而增大，故灯泡的功率P=UI随电压U的增大而增大，而I=，即电压越大斜率越大，故A正确．

故选A．   

故本题的答案为：（1）0.15　　宽

（2）①A2　　V1　　R1　　　E2

②1.5　　11.5　　0.78

③A

（1）白光通过盛水的玻璃杯发生折射，产生色散，在适当的角度，各色光分离较大，可看到彩色光；

（2）光经过菜汤上油膜的前后两个表面发生反射，两列反射光相互叠加，产生干涉条纹，因此菜汤上的油花呈现彩色；

（3）远处灯发出的光经过帐幔的缝隙发生衍射，因此会看见灯周围辐射彩色光芒；

（4）光线照在花布上看见花布的图样，是由于光的反射与吸收的结果．花布是由各种颜色的花纹组成的，当白光照在花布上时，红色花纹反射红光，吸收其他颜色的光，这样我们在该位置只看到红色，同时可以看到各种花纹反射的颜色，这样我们就可以看到花布的图样。