- 动能和动能定理
- 共8888题
如图,AB平台末端有挡板,一个被压缩弹簧末端连接挡板,一端与一个质量为m=0.5kg的小球接触,小球一开始静止于A点,AB之间的距离S=1m,小球与平台动摩擦因素为u1=0.2,CD为半径等于r=0.4竖直放置的光滑细圆管,O为细圆管的圆心,CO与竖直线的夹角为45°;一上表面粗糙木板DE放在光滑水平面上,末端与光滑斜面DE通过长度可忽略的光滑圆弧连接.现释放弹簧,弹簧的弹性势能全部转化为小球的动能,从B点水平抛出,恰好能垂直于OC从C点进入细圆管,小球从进入小球从进入圆管开始受到始终竖直向上的力F=5N的作用,当小球运动到圆管的末端C时作用力F立即消失,能平滑的冲上粗糙长木板DE,已知DE的长度L=1m,斜面高度h=0.2m,DEF质量M=1.5kg.
(1)小球在B点水平抛出的初速度v0;
(2)弹簧一开始具有的弹性势能;
(3)要使小球在EF上与M达到共同速度,求小球与长木板DE的动摩擦因素的取值范围.
正确答案
解:(1)小球从B运动到C为平抛运动,有:
rsin45°=v0t
在B点,有:tan45
解以上两式得:v0=2m/s
(2)对小球从A运动到B运用动能定理,可得W-μ1mgs=
又由功能关系有:Ep=W
代入数据可得弹簧一开始具有的弹性势能为 Ep=2J
(3)在c 点据平抛运动的速度规律有:vc=
小球在管中的受力分析为三个力:由于重力与外加的力F平衡,故小球所受的合力仅为管的外轨对它的压力,得小球在管中做匀速圆周运动 vD=vC.
小球最终于M达到共同速度,取向右为正方向,由动量守恒定律得
mvD=(M+m)v共
( I)球恰好在E点与M达到共同速度,由能量守恒得 μmgL=-
可得 μ=0.3.
( II)若小球恰好在F点与M达到共同速度,有 μmgL+mgh=-
可得 μ=0.1
综上所述,小球与长木板DE的动摩擦因素的取值范围为0.1≤μ≤0.3
答:
(1)小球在B点水平抛出的初速度v0为2m/s.
(2)弹簧一开始具有的弹性势能为2J;
(3)要使小球在EF上与M达到共同速度,小球与长木板DE的动摩擦因素的取值范围为0.1≤μ≤0.3.
解析
解:(1)小球从B运动到C为平抛运动,有:
rsin45°=v0t
在B点,有:tan45
解以上两式得:v0=2m/s
(2)对小球从A运动到B运用动能定理,可得W-μ1mgs=
又由功能关系有:Ep=W
代入数据可得弹簧一开始具有的弹性势能为 Ep=2J
(3)在c 点据平抛运动的速度规律有:vc=
小球在管中的受力分析为三个力:由于重力与外加的力F平衡,故小球所受的合力仅为管的外轨对它的压力,得小球在管中做匀速圆周运动 vD=vC.
小球最终于M达到共同速度,取向右为正方向,由动量守恒定律得
mvD=(M+m)v共
( I)球恰好在E点与M达到共同速度,由能量守恒得 μmgL=-
可得 μ=0.3.
( II)若小球恰好在F点与M达到共同速度,有 μmgL+mgh=-
可得 μ=0.1
综上所述,小球与长木板DE的动摩擦因素的取值范围为0.1≤μ≤0.3
答:
(1)小球在B点水平抛出的初速度v0为2m/s.
(2)弹簧一开始具有的弹性势能为2J;
(3)要使小球在EF上与M达到共同速度,小球与长木板DE的动摩擦因素的取值范围为0.1≤μ≤0.3.
自由式滑雪空中技巧是一项有极大观赏性的运动,其场地由①出发区、②助滑坡、③过渡区、④高度h=4m的跳台组成.其中过渡区的CDE部分是半径为R=4m圆孤,D是最低点,∠DOE=60°,如图所示.比赛时运动员由A点静止出发进入助滑区,经过渡区后,沿跳台的斜坡匀减速上滑,至跳台的F处飞出表演空中动作.运动员要成功完成空中动作,必须在助滑区用滑雪杆助滑,使离开F点时速度在36km/h到48km/h之间.不计所有阻力,已知
,取g=10m/s2.
(1)一次,某总质量为60kg的运动员进行试滑,他从A点滑下后不用滑雪杆助滑,结果F点飞出后无法完成空中动作.教练测得他在②、④两段运动时间之比t1:t2=3:1,求他在②、④两段运动的平均速度之比和加速度之比.
(2)这次试滑,他通过D点时受到的支持力多大?
(3)试求为了能成功完成空中动作,助滑过程中他至少需要消耗多少体能?
正确答案
解:(1)由可得,位移之比为2:1,时间之比为3:1,则
,
,
,
不计阻力,vB=vE=a1t1,
代入数据联立解得a1:a2=2:3.
(2)在段,有:
,
,
在段,有:
,
,
运动员从A点由静止出发做匀加速运动,由运动学公式得,
,
从B点至D点的过程中,由动能定理得,,
在D点,由牛顿第二定律得,,
联立代入数据解得FN=2800N.
(3)设助滑过程中运动员消耗的能量为E,由功能关系可得,
E-mg[h+R(1-cos60°)]=,
当vF=36km/h=10m/s时,Emin=2200J.
答:(1)他在②、④两段运动的平均速度之比和加速度之比分别为2:3、2:3.
(2)他通过D点时受到的支持力为2800N.
(3)助滑过程中他至少需要消耗2200J的体能.
解析
解:(1)由可得,位移之比为2:1,时间之比为3:1,则
,
,
,
不计阻力,vB=vE=a1t1,
代入数据联立解得a1:a2=2:3.
(2)在段,有:
,
,
在段,有:
,
,
运动员从A点由静止出发做匀加速运动,由运动学公式得,
,
从B点至D点的过程中,由动能定理得,,
在D点,由牛顿第二定律得,,
联立代入数据解得FN=2800N.
(3)设助滑过程中运动员消耗的能量为E,由功能关系可得,
E-mg[h+R(1-cos60°)]=,
当vF=36km/h=10m/s时,Emin=2200J.
答:(1)他在②、④两段运动的平均速度之比和加速度之比分别为2:3、2:3.
(2)他通过D点时受到的支持力为2800N.
(3)助滑过程中他至少需要消耗2200J的体能.
如图所示,把一个质量m=0.2kg的小球从h=7.2m的高处以60°角斜向上抛出,初速度v0=5m/s,不计空气阻力,重力加速度g=10m/s2.问:
(1)从抛出到落地过程中重力对小球所做的功W是多少?
(2)小球落地时速度的大小v是多少?
正确答案
解:(1)由于不计空气阻力,小球在运动过程中只有重力做功,机械能守恒.
重力对小球所做的功:WG=mgh=0.2×10×7.2J=14.4J
(2)由动能定理有:mgh=-
解得:v==
=13m/s
答:
(1)重力对小球所做的功为14.4J.
(2)小球落地时速度的大小v是13m/s.
解析
解:(1)由于不计空气阻力,小球在运动过程中只有重力做功,机械能守恒.
重力对小球所做的功:WG=mgh=0.2×10×7.2J=14.4J
(2)由动能定理有:mgh=-
解得:v==
=13m/s
答:
(1)重力对小球所做的功为14.4J.
(2)小球落地时速度的大小v是13m/s.
如图所示,一小球沿平滑的四分之一圆弧轨道顶端A由静止滑下,经最低点B后水平飞出,落地点为C.已知A距地面高度为H,B距地面高度h=
,BC间的水平距离为s.则下列判断正确的是( )
正确答案
解析
解:从A到B由动能定理可得:
解得:v=
从B点做平抛运动下落的时间为:t=
水平位移为:s=
当且仅当h=,水平位移最大,故当h增大或减小时,s都减小
故选:AC
如图所示,为一传送装置,其中AB段粗糙,AB段长为L=0.2m,动摩擦因数μ=0.6,BC、DEN段均可视为光滑,且BC的始、末端均水平,具有h=0.1m的高度差,DEN是半径为r=0.4m的半圆形轨道,其直径DN沿竖直方向,C位于DN竖直线上,CD间的距离恰能让小球自由通过.在左端竖直墙上固定有一轻质弹簧,现有一可视为质点的小球,小球质量m=0.2kg,压缩轻质弹簧至A点后由静止释放(小球和弹簧不粘连),小球刚好能沿DEN轨道滑下.求:
(1)小球刚好能通过D点时速度的大小;
(2)小球到达N点时速度的大小,对轨道的压力;
(3)压缩的弹簧所具有的弹性势能.
正确答案
解:(1)小球刚好能沿DEN轨道滑下,则在半圆最高点D点必有:
mg=m
则 vD==2m/s
(2)从D点到N点,由机械能守恒得:mvD2+mg•2r=
mvN2
代入数据得:vN=2m/s.
在N点有:N-mg=m
得 N=6mg=12N
根据牛顿第三定律知,小球到达N点时对轨道的压力大小为12N.
(3)弹簧推开小球的过程中,弹簧对小球所做的功W等于弹簧所具有的弹性势能Ep,根据动能定理得
W-μmgL+mgh=mvD2-0
W=μmgL-mgh+mvD2=0.44J
即压缩的弹簧所具有的弹性势能为0.44J.
答:
(1)小球到达D点时的速度为2m/s;
(2)小球到达N点时速度的大小是2m/s,对轨道的压力是12N;
(3)压缩的弹簧所具有的弹性势能为0.44J.
解析
解:(1)小球刚好能沿DEN轨道滑下,则在半圆最高点D点必有:
mg=m
则 vD==2m/s
(2)从D点到N点,由机械能守恒得:mvD2+mg•2r=
mvN2
代入数据得:vN=2m/s.
在N点有:N-mg=m
得 N=6mg=12N
根据牛顿第三定律知,小球到达N点时对轨道的压力大小为12N.
(3)弹簧推开小球的过程中,弹簧对小球所做的功W等于弹簧所具有的弹性势能Ep,根据动能定理得
W-μmgL+mgh=mvD2-0
W=μmgL-mgh+mvD2=0.44J
即压缩的弹簧所具有的弹性势能为0.44J.
答:
(1)小球到达D点时的速度为2m/s;
(2)小球到达N点时速度的大小是2m/s,对轨道的压力是12N;
(3)压缩的弹簧所具有的弹性势能为0.44J.
如图所示,两个带等量异种电荷、竖直放置的、电容为C、间距为d的平行金属板,两板之间的电场可视为匀强电场.一个质量为m,带电量为-q的小球,用长为L(L<d)的不可伸长细线悬挂于O点,将小球拉至水平位置M,由静止释放,当小球向下摆过60°到达N点时,速度恰为零.(细线始终处于伸直状态)则:
(1)左极板带电量Q是多少?
(2)小球到达N点时的加速度大小是多少?
正确答案
解:(1)设两板间电势差为U、场强为E
由公式C=和E=
求得E=
①
对球,从M到N由动能定理有:mgLsin60°-qEcos60°=0-0
所以:qE=mgtan60°=②
由①②得:Q=
(2)球在N点的加速度方向垂直ON沿切线向上,在N点受力分析,将电场力和重力正交分解,在切线方向有:
qEcos30°-mgcos60°=ma
所以,a==
答:(1)左极板带电量Q是
(2)小球到达N点时的加速度大小是g
解析
解:(1)设两板间电势差为U、场强为E
由公式C=和E=
求得E=
①
对球,从M到N由动能定理有:mgLsin60°-qEcos60°=0-0
所以:qE=mgtan60°=②
由①②得:Q=
(2)球在N点的加速度方向垂直ON沿切线向上,在N点受力分析,将电场力和重力正交分解,在切线方向有:
qEcos30°-mgcos60°=ma
所以,a==
答:(1)左极板带电量Q是
(2)小球到达N点时的加速度大小是g
如图所示,光滑水平轨道左端与长L=1.25m的水平传送带AB相接,传送带逆时针匀速转动的速度υ0=1m/s.轻弹簧右端固定,弹簧处于自然状态时左端恰位于A点.现用质量m=0.1kg的小物块(视为质点)将弹簧压缩后由静止释放,到达水平传送带左端B点后,立即沿切线进人竖直固定的光滑半圆轨道最高点并恰好做圆周运动,经圆周最低点C后滑上质量为M=0.9kg的长木板且不会从木板上掉下.半圆轨道的半径R=0.4m,物块与传送带间动摩擦因数μ1=0.8,物块与木板间动摩擦因数μ2=0.25,长木板与水平地面间动摩擦因数μ3=0.026,g取10m/s2.求:
(1)物块到达B点时速度υB的大小;
(2)弹簧被压缩时的弹性势能EP;
(3)小物块在长木板上滑行的最大距离s.
正确答案
解:(1)物体恰好做圆周运动,在光滑半圆轨道最高点,据牛顿第二定律:mg=
解得:vB==2m/s
(2)物体被弹簧弹出的过程中,物块和弹簧组成的系统机械能守恒:
Ep=
由于vB>1m/s,所以物块在传送带上一直做匀减速运动
物块在传送带上据动能定理得:-
又因为:f1=μ1mg
联立解得:Ep=1.2J
(3)物块从B到C过程中由机械能守恒定律得:mg•2R=
解得:vC= ①
物块在长木板上滑行过程中,对长木板受力分析:
上表面受到的摩擦力f2=μ2mg=0.25N
下表面受到摩擦力:f3=μ3(M+m)g=0.26N>f2,所以长木板静止不动.
对物块在长木板上滑行过程由动能定理得: ②
联立①②解得:s==4m
答:1)物块到达B点时速度υB的大小2m/s;
(2)弹簧被压缩时的弹性势能1.2J;
(3)小物块在长木板上滑行的最大距离4m.
解析
解:(1)物体恰好做圆周运动,在光滑半圆轨道最高点,据牛顿第二定律:mg=
解得:vB==2m/s
(2)物体被弹簧弹出的过程中,物块和弹簧组成的系统机械能守恒:
Ep=
由于vB>1m/s,所以物块在传送带上一直做匀减速运动
物块在传送带上据动能定理得:-
又因为:f1=μ1mg
联立解得:Ep=1.2J
(3)物块从B到C过程中由机械能守恒定律得:mg•2R=
解得:vC= ①
物块在长木板上滑行过程中,对长木板受力分析:
上表面受到的摩擦力f2=μ2mg=0.25N
下表面受到摩擦力:f3=μ3(M+m)g=0.26N>f2,所以长木板静止不动.
对物块在长木板上滑行过程由动能定理得: ②
联立①②解得:s==4m
答:1)物块到达B点时速度υB的大小2m/s;
(2)弹簧被压缩时的弹性势能1.2J;
(3)小物块在长木板上滑行的最大距离4m.
质量为m的物体由半圆形轨道顶端从静止开始释放,如图所示,A为轨道最低点,A与圆心O在同一竖直线上,已知圆弧轨道半径为R,运动到A点时,物体对轨道的压力大小为2mg,求:此过程中物体克服摩擦力做的功.
正确答案
解:物体在B点:
mvB2=(N-mg)R=mgR
由动能定理得:mgR+Wf=0.5mgR⇒Wf=-0.5mgR
即物体克服摩擦力做功为0.5mgR
答:此过程中物体克服摩擦力做的功为0.5mgR
解析
解:物体在B点:
mvB2=(N-mg)R=mgR
由动能定理得:mgR+Wf=0.5mgR⇒Wf=-0.5mgR
即物体克服摩擦力做功为0.5mgR
答:此过程中物体克服摩擦力做的功为0.5mgR
质量为m的物体由半圆形轨道顶端从静止开始释放,如图所示,A为轨道最低点,A与圆心0在同一竖直线上,已知圆弧轨道半径为R,运动到A点时,物体对轨道的压力大小为2.5mg,求此过程中物体克服摩擦力做的功.
正确答案
解:设物体在A点的速度为vA,由牛顿第二定律得:
2.5mg-mg=m,
解得:vA=,
设物体下滑过程克服阻力做功W,由动能定理得:
mgR-W=mvA2-0,
解得:W=0.25mgR
答:此过程中物体克服摩擦力做的功为0.25mgR.
解析
解:设物体在A点的速度为vA,由牛顿第二定律得:
2.5mg-mg=m,
解得:vA=,
设物体下滑过程克服阻力做功W,由动能定理得:
mgR-W=mvA2-0,
解得:W=0.25mgR
答:此过程中物体克服摩擦力做的功为0.25mgR.
请结合高中物理课本,建立物理模型推导出动能定理的数学表达式.
正确答案
解:一个光滑的水平面上,用水平恒力F推动物体,物体做匀加速直线运动,物体受重力、支持力和推力,合力等于推力F;
根据牛顿第二定律,有:F=ma
根据运动学公式,有:
联立得到:
故:W=Ek2-Ek1
答:动能定理的数学表达式为W=Ek2-Ek1.
解析
解:一个光滑的水平面上,用水平恒力F推动物体,物体做匀加速直线运动,物体受重力、支持力和推力,合力等于推力F;
根据牛顿第二定律,有:F=ma
根据运动学公式,有:
联立得到:
故:W=Ek2-Ek1
答:动能定理的数学表达式为W=Ek2-Ek1.
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