- 导体的电阻
- 共2593题
如图所示,欧姆表的刻度盘末使用时指针指A,短接时电流满偏指针指B,如表的总内阻为24Ω,C是AB弧的中点,D是AC弧的中点,E是AD弧的中点,则C点的刻度值是___,D点的刻度值是__,E点的刻度值是___.
正确答案
24Ω;72Ω;168Ω.
略
(10分)(1)用多用电表欧姆档粗略测量某元件的电阻,选用×1档,测量结果如图所示,则测得的电阻为 Ω;
(2)为描绘该元件的U-I图线。提供了如下器材:
A.电流表A(量程0.6 A,内阻约0.9Ω)
B.电压表V(量程3 V,内阻约3kΩ)
C.滑动变阻器R1(10Ω,2A)
D.滑动变阻器R2(1000Ω,1A)
E.电源E(电动势6V,内阻约0.1Ω)
F.开关S及导线若干。
①实验中滑动变阻器应该选择 (填写器材序号),以保证实验过程中调节方便;
②设计合适电路,在虚线框内画出实验电路图;
③如图中Ⅰ、Ⅱ图线,一条为元件真实的U—I图线,另一条是本次实验中测得的U—I图线,其中 是本次实验中测得的图线。
正确答案
(1)13.0 (2分) (2)①C(或 滑动变阻器R1) (2分) ②如图所示 (4分)
③ Ⅱ (2分)
试题分析:(1)欧姆表的读数为倍率乘以刻度值,故如图读数为13.0Ω;(2)①因要描绘伏安特性曲线,故滑动变阻器需用分压式接法,为调节方便,滑动变阻器选择C;②该电阻为小阻值电阻,所以测量电路用电流表的外接法,如图所示
③因采用电流表的外接法,所以电流的测量偏大,故图线Ⅱ是本次试验测得的
(11分)某同学用图中的器材来探究一电学元件的关系.采用电流表外接法,要求加在电学元件上的电压从零开始逐渐增大.实验中得到的数据在坐标纸上描出
曲线如图所示.
①在图中将器材连接成实验电路.
②当电压表示数时,由
曲线求得元件的电功率值为 (保留2位有效数字),此值与元件的实际功率值相比 (填“偏大”、“偏小”或“相等”).
③如果把这个电学元件直接接在一个电动势为、内阻为
的电池两端,则电学元件两端的电压是 .
正确答案
①连接电路图如下图所示(4分) ②1.6(2分),偏大(2分) ③0.8(3分)
试题分析:①题目要求电流表外接法,而加在电学元件上的电压从零开始逐渐增大,需要滑动变阻器采用分压式接法,电路图如上图所示.
②由曲线可知
时,电流
,则
;由于电压表不是理想电压表,分得部分电流,故电流读数偏大,则功率比实际值偏大.
③电学元件直接接在一个电动势为、内阻为
的电池两端,作出电源的
图线如图:
可得交点的纵坐标为元件的电压也是电源的路端电压,数值为0.8V.
在用电压表和电流表测电池的电动势和内阻的实验中,所用电压表和电流表的内阻分别为1 kΩ和0.1 Ω,图为实验原理图及所需器件图.
(1)在图中画出连线,将器件按原理图连接成实物电路.(在答题纸上画)
(2)一位同学记录的6组数据见表,试根据这些数据在图中画出U-I图象,根据图象读出电池的电动势E=______________ V,求出电池的内阻r=____________ Ω(内阻保留两位有效数字).
正确答案
(1)(2)
1.45 0.69
试题分析: (1)按照实验原理图将实物图连接起来,如图甲所示.
(2)根据U、I数据,在方格纸UI坐标系上找点描迹.如图乙所示,然后将直线延长,交U轴于U1≈1.45 V,此即为电源电动势;交I轴于I≈0.65 A,注意此时U2=1.00 V,由闭合电路欧姆定律得I=,则r=
=
Ω≈0.69 Ω.
甲
点评:解决本题的关键掌握伏安法测量电源电动势和内阻的原理,即E=U+Ir,会根据U-I图线求电源的电动势内阻.
小亮同学为研究某电学元件(最大电压不超过2.5V,最大电流不超过0.55A)的伏安特性曲线,在实验室找到了下列实验器材:
A.电压表(量程是3V,内阻是6kΩ的伏特表)
B.电压表(量程是15V,内阻是30kΩ的伏特表)
C.电流表(量程是0.6A,内阻是0.5Ω的安培表)
D.电流表(量程是3A,内阻是0.1Ω的安培表)
F.滑动变阻器(阻值范围0~5Ω),额定电流为0.6A
G.滑动变阻器(阻值范围0~100Ω),额定电流为0.6A
直流电源(电动势E=3V,内阻不计)
开关、导线若干。
该同学设计电路并进行实验,通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。
①为提高实验结果的准确程度,电流表选 ;电压表选 ;滑动变阻器选 。(以上均填写器材代号)
②请在上面的方框中画出实验电路图;
③在图(a)中描出该电学元件的伏安特性曲线;
④据图(a)中描出的伏安特性曲线可知,该电学元件的电阻随温度而变化的情况为: ;
⑤把本题中的电学元件接到图(b)所示电路中,若电源电动势E=2.0V,内阻不计,定值电阻R=5Ω,则此时该电学元件的功率是_______W。
正确答案
①CAF
②
③
④元件电阻随温度升高而增大⑤0.14~0.18W均可
试题分析:
①最大电流不超过0.55A,所以电流表选择0.6A量程的,最大电压不超过2.5V,所以电压表选择3V量程的,该元件的最大电阻不超过5Ω,所以选择滑动变阻器F,故选CAF
②电压是从零开始的,故选择滑动变阻器的分压接法,因为元件电阻较小,所以采用电流表的外接法,如图所示:
③如图所示:用圆滑的曲线连接
④I-U图像的斜率表示电阻的倒数,所以从图中可得元件电阻随温度升高而增大
⑤在④中画出I-U直线,两图线的交点,即为元件的工作电流和电压,根据可得0.14~0.18W均可考点:
点评:在分析电学实验问题时,仪器的选择以及电路图的画法是难点,需要加强练习
欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:
A.电池组(3 V,内阻1Ω) B.电流表(0~3 A,内阻0.0125Ω)
C.电流表(0~0.6 A,内阻0.125Ω) D.电压表(0~3 V,内阻3 kΩ)
E.电压表(0~15 V,内阻15 kΩ)
F.滑动变阻器(0~20Ω,额定电流1 A)
G.滑动变阻器(0~2 000Ω,额定电流0.3 A)
H.开关、导线
(1)(4分)上述器材中应选用的是 ;(填写各器材的字母代号)
(2)(2分)实验电路应采用电流表 接法;(填“内”或“外”)
(3)(4分)设实验中,电流表、电压表的某组示数如下图所示,图示中I= A,U= V。
(4)(8分)为使通过待测金属导线的电流能在0~0.5 A范围内改变,请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图,然后根据你设计的原理电路将下图中给定的器材连成实验电路。
正确答案
(1)A、C、D、F、H …4分 (2)外…2分(3)0.48…2分 2.20…2分
(4)(8分)见右图各4分(电阻分压式2分,外接法2分 实物图应注意量程)
试题分析:(1)因电池组的电动势为3V,电压表应选择D,电路中的最大电流为,电流表应选C,为了便于调节,滑动变阻器应选F,实验时还要有开关,导线,所以应选用的器材是A、C、D、F、H。
(2)由电表内阻知,电压表的内阻远远大于待测电阻,所以电流表要用外接法。
(3)因电流表的量程是0.6A,电流表读数是0.48A,电压表的量程是3V,电压表读数是2.20V
(4)为使通过待测金属导线的电流能在0~0.5 A范围内改变,由于电流从零开始,所以滑动变阻器要用分压接法,电流表要用外接法,具体电路图见答案;实物图连线时,导线不能交叉,连电压表、电流表时注意量程和正负接线柱,具体连线见答案。
点评:本题学生会选择电压表和电流表的量程,知道电流表内外接法满足的条件,清楚电压从零开始时,滑动变阻器要用分压接法。
某同学在做测定小灯泡功率的实验中,优化设计电路,正确测得如下一组U和I的数据:
(1)在图中画出I—U图线:
(2)在图线上可看出,当功率逐渐增大时,灯丝电阻的变化情况是;
(3)做实验所用到的仪器有:恒压电源E,电流表(量程:0~0.6A,内阴约100),电压表(量程:3V,内阻约2500
),滑动变阻器,开关,导线若干.请根据实验数据,在虚线框内补画电路图.
正确答案
(1)
(2)先不变,后变大(3)如图所示
试题分析:(1)运用描点法在图中画出I-U图线:
(2)在图线上可看出,当功率逐渐增大时,即电压增大时,图象先是一段倾斜的直线,再是曲线.根据欧姆定律得灯丝电阻的变化情况是先不变,后变大.
(3)测定小灯泡功率的实验要求电流从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法,由于灯丝电阻一般远小于电压表内阻,所以电流表采用外接法,据此连接电路图.
在《用伏安法测量电池的电动势和内电阻》的实验中使用到的仪器和器材有:电池组、滑动变阻器、伏特表、安培表、电键和导线等。 实验得到下面的一组数据
(1)请在虚线框中,画出测量所用的电路图。
(2)请根据数据在方格纸中做出U-I图象,并由图象求出电池组的电动势和内电阻。
由图线可求得电池电动势为_____V,内阻等于_____Ω。
正确答案
(1)如图所示
(2)如图所示 1.45;0.70
试题分析:(1)根据测量电源电动势的原理,画出电路图如图所示。
(2)根据题中给出的数据描点然后用平滑的曲线连接成线,让尽量多的点落在线上,不落在线上的点尽量分布在线的两侧;图像与竖轴的交点表示电源的电动势,再选图像上两个离得比较远且不是描出的点由可以求出内阻.
且选用的点不能是描出的点.
某学习小组探究电学元件的伏安特性曲线。
①甲同学要描绘一个标有“3.6V,1.2W”的小灯泡的伏安特性曲线,除了导线和开关外,还有下列器材可供选择:
电压表V(量程5V,内阻约为5kΩ)
直流电源E(电动势4.5V,内阻不计)
电流表A1(量程350mA,内阻约为1Ω)
电流表A2(量程150mA,内阻约为2Ω)
滑动变阻器R1(阻值0 ~ 200Ω)
滑动变阻器R2(阻值0 ~ 10Ω)
实验中电流表应选______,滑动变阻器应选______;(填写器材代号)
以下的四个电路中应选用_________进行实验。
②乙同学利用甲同学的电路分别描绘了三个电学元件的伏安特性曲线,如图所示。然后他用图所示的电路给三个元件分别供电,并测出给元件1和元件2供电时的电流和电压值,分别标在图上,它们是A点和B点。已知R0=9.0Ω,则该电源的电动势_______V,内电阻
_______Ω。这个电源给元件3供电时,元件3的电功率P=_______W。
正确答案
①A1 R2 A ② 3.0 1.0 0.2
试题分析:①灯泡的规格为“3.6V,1.2W”,则灯泡的额定电流I=1/3A=333mA,灯泡的电阻Rx=10.8Ω,观察所给器材的规格,电流表应该用量程为350mA的A1,测量灯泡的伏安特性曲线,电流需要从0调起,所以应该滑动变阻器用分压式接法,所以用R2;据 Rx2=10.82
用如图甲所示的装置探究直流电机转动时线圈的电热功率与输入电流的关系,图中电路图未画出.现备有如下实验器材:
E.电压表(0-3V 内阻约3 kΩ) F.滑动变阻器(0-5Ω)
G.开关、导线若干 H.秒表
I.电火花打点计时器 J.重锤P(约0.1kg)
K.纸带 L.刻度尺
M.弹簧测力计 N.游标卡尺
(1)为测量电机线圈的电热功率,上述提供的器材中多余的是 (写出器材序号);
(2)根据实验要求,在图甲虚线框内画全实验电路图;
(3)实验中,若测出电压表的读数为U,电流表的读数为I,重锤的重力为G,电机匀速提升重物的速度为v,则电机线圈的电热功率可表示为 ;若在某一输入电流下,电机提升重锤运动时打点纸带如图乙所示(图中相邻计数点的时间间隔T=0.04s),根据纸带数据,可求得重锤匀速向上运动时的速度v= m/s.
(4)改变电路中的电流,得出电机线圈在不同电流I下的电热功率P热,作出P热—I2图线如图丙中实线所示.发现实验图线与理论图线存在较大偏差,你认为产生这种偏差的原因可能是 (回答一个原因即可).
正确答案
(1)D、H、N(选对一个得1分,选错一个扣1分,直到扣完为止)(2)如图所示(变阻器画成限流接法同样给分,电路只要有错不给分)
(3) 、 0.55(4)存在摩擦阻力;或电机温度升高,电阻增大.
试题分析:(1)根据电机的电压和功率,分析最大电流,判断电流表的量程,而秒表和游标卡尺明显是多余的器材.
(2)根据题意电压表测电动机两端的电压,电流表测电动机的电流,电源和变阻器提供电压.根据此原理可补全电路.
(3)根据能量守恒:输入电机的电功率等于电机先去的电热功率加上电机的输出功率.
(4)P热-I2图线的理论图线的斜率表示线圈的电阻RA,实际图线的斜率会增大的原因是线圈中电阻随温度升高而增大.
(1)直流电机M(3.0V,1W),即正常工作时的最大电流为1A,所以电流表(0-0.6A,0.5Ω)即可,而电流表(0-3A,0.1Ω)量程过大不需要.故D多余.
此题不需要测时间,也不需要游标卡尺测长度,故H、N都是多余的.
故多余的器材为:DHN.
(2)实验电路图如右图所示:
(3)根据能量守恒定律:输入电机的电功率等于电机先去的电热功率加上电机的输出功率,所以根据纸带分析可知匀速运动的速度为:
(4)因为,所以
图线的理论图线的斜率表示线圈的电阻RA,实际图线的斜率会增大的原因是线圈中电阻随温度升高而增大.
点评:此题要求把实验原理搞清楚,这样才能判断多余的器材,才能补全电路,才能计算热功率.
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