- 力学
- 共5899题
5.如图所示为一滑草场。某条滑道由上下两段高均为h,与水平面倾角分别为45°和37°的滑道组成,滑草车与草地之间的动摩擦因数为。质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑,经过上、下两段滑道后,最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失,
)。则
A.动摩擦因数
B.载人滑草车最大速度为
C.载人滑草车克服摩擦力做功为mgh
D.载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为
正确答案
AB
知识点
18.如图所示,固定在水平面上的斜面与水平面的连接处为一极小的光滑圆弧(物块经过Q点时不损失机械能),斜面与地面是用同种材料制成的。斜面的最高点为P,P距离水平面的高度为h=5m。在P点先后由静止释放两个可视为质点的小物块A和B,A、B的质量均为m=1kg,A与斜面及水平面的动摩擦因数为μ1=0.5,B与斜面及水平面的动摩擦因数为μ2=0.3。A物块从P点由静止释放后沿斜面滑下,停在了水平面上的某处。求:
(1)A物块停止运动的位置距离斜面的直角顶端O点的距离是多少?
(2)当A物块停止运动后准备再释放B物块时发现它们可能会发生碰撞,为了避免AB碰撞,此时对A另外施加了一个水平向右的外力F,把A物体推到了安全的位置,之后再释放B就避免了AB碰撞。求外力F至少要做多少功,可使AB不相撞?(g取10m/s2,此问结果保留三位有效数字)
正确答案
(1)设斜面倾角为θ,物块所停位置到Q点距离为S。
斜面长
摩擦力
依动能定理
停位置到O点距离
由以上得
A物块
(2)若只释放B后同理得
若不相碰应将A至少向右推出,
依动能定理
当=0时
最小
故至少做功
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
如图所示,一足够长的固定光滑斜面倾角=37°,两物块A、B的质量
1kg、
4kg。两物块之间的轻绳长L=0.5m,轻绳可承受的最大拉力为T=12N,对B施加一沿斜面向上的力 F,使A、B由静止开始一起向上运动,力F逐渐增大, g取10m/s2(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。
14.若某一时刻轻绳被拉断,求此时外力F的大小;
15.若轻绳拉断瞬间A、B的速度为3m/s,绳断后保持外力F不变,求当A运动到最高点时,A、B之间的距离。
正确答案
60N
解析
整体
A物体:
∴ N
考查方向
解题思路
对整体分析,根据牛顿第二定律求出整体的加速度,再隔离对A分析,根据牛顿第二定律求出外力F的大小.
易错点
应用牛顿定律解决两类基本问题为命题背景考查学生的推理能力和分析综合能力,关键理清物体的运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.
正确答案
2.375m
解析
设沿斜面向上为正
A物体:
∵m/s,∴A物体到最高点t = 0.5 s
此过程A物体的位移为= 0.75m
B物体:
∴两者间距为m
考查方向
解题思路
根据牛顿第二定律求出绳断后A、B的加速度,结合速度时间公式求出A速度减为零的时间,从而求出这段时间内A、B的位移,根据位移关系求出A、B间的距离.
易错点
应用牛顿定律解决两类基本问题为命题背景考查学生的推理能力和分析综合能力,关键理清物体的运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.
物体A的质量M=1kg,静止在光滑的水平面上的平板车B的质量为m=0.5kg、长L=1m,某时刻A以vo=4m/s向右的初速度滑上木板B的上表面,在A滑上B的同时,给B施加一个水平向右的恒定拉力F,忽略物体A的大小,已知A与B之间的动摩擦因数μ=0.2,取重力加速度g=10m/s,试求:
17.若F=5N,在施加给B的瞬间,物体A和小车B的加速度分别是多大?
18.若F=5N,物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离时多大?
19.如果要使A不至于从B的右端滑落,拉力F大小应满足什么条件?
正确答案
物体A和小车B的加速度分别是2m/s2、14m/s2;
解析
F施加的瞬间,A的加速度大小,
考查方向
解题思路
首先分析物体A和车的运动情况:A相对于地做匀减速运动,车相对于地做匀加速运动.开始阶段,A的速度大于车的速度,则A相对于车向右滑行,当两者速度相等后,A相对于车静止,则当两者速度相等时,物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.由牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,分别求出A与车相对于地的位移,两者之差等于A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.
要使A不从B上滑落,是指既不能从B的右端滑落,也不能左端滑落.物体A不从右端滑落的临界条件是A到达B的右端时,A、B具有共同的速度,根据牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,可求出此时F,为F的最小值.物体A不从左端滑落的临界条件是A到达B的左端时,A、B具有共同的速度,可求出此时F的最大值,综合得到F的范围.
易错点
牛顿定律和运动公式结合是解决力学问题的基本方法,这类问题的基础是分析物体的受力情况和运动情况,难点在于分析临界状态,挖掘隐含的临界条件
正确答案
物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离为0.5m;
解析
两者速度相同时,有V0﹣aAt=aBt,得:t=0.25s
A滑行距离:SA=V0t﹣,代入数据解得
,
B滑行距离:SB= .
最大距离:△s=SA﹣SB=0.5m
考查方向
解题思路
首先分析物体A和车的运动情况:A相对于地做匀减速运动,车相对于地做匀加速运动.开始阶段,A的速度大于车的速度,则A相对于车向右滑行,当两者速度相等后,A相对于车静止,则当两者速度相等时,物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.由牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,分别求出A与车相对于地的位移,两者之差等于A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.
要使A不从B上滑落,是指既不能从B的右端滑落,也不能左端滑落.物体A不从右端滑落的临界条件是A到达B的右端时,A、B具有共同的速度,根据牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,可求出此时F,为F的最小值.物体A不从左端滑落的临界条件是A到达B的左端时,A、B具有共同的速度,可求出此时F的最大值,综合得到F的范围.
易错点
牛顿定律和运动公式结合是解决力学问题的基本方法,这类问题的基础是分析物体的受力情况和运动情况,难点在于分析临界状态,挖掘隐含的临界条件
正确答案
拉力F大小应满足1N≤F≤3N.
解析
物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时,A、B具有共同的速度v1,则:,又
,
代入数据联立可得:aB=6m/s2 F=maB﹣µMg=1N
若F<1N,则A滑到B的右端时,速度仍大于B的速度,于是将从B上滑落,所以F必须大于等于1N.
当F较大时,在A到达B的右端之前,就与B具有相同的速度,之后,A必须相对B静止,才不会从B的左端滑落.
即有:F=(m+M)a,µMg=ma 所以:F=3N
若F大于3N,A就会相对B向左滑下.综上:力F应满足的条件是:1N≤F≤3N.
考查方向
解题思路
首先分析物体A和车的运动情况:A相对于地做匀减速运动,车相对于地做匀加速运动.开始阶段,A的速度大于车的速度,则A相对于车向右滑行,当两者速度相等后,A相对于车静止,则当两者速度相等时,物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.由牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,分别求出A与车相对于地的位移,两者之差等于A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离.
要使A不从B上滑落,是指既不能从B的右端滑落,也不能左端滑落.物体A不从右端滑落的临界条件是A到达B的右端时,A、B具有共同的速度,根据牛顿第二定律和运动学公式结合,以及速度相等的条件,可求出此时F,为F的最小值.物体A不从左端滑落的临界条件是A到达B的左端时,A、B具有共同的速度,可求出此时F的最大值,综合得到F的范围.
易错点
牛顿定律和运动公式结合是解决力学问题的基本方法,这类问题的基础是分析物体的受力情况和运动情况,难点在于分析临界状态,挖掘隐含的临界条件
2.2015年元宵节期间人们燃放起美丽的烟火以庆祝中华民族的传统节日,按照设计,某种型号的装有烟花的礼花弹从专用炮筒中射出后,在 3s末到达离地面 90m的最高点时炸开,构成各种美丽的图案。假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0,上升过程中所受的平均阻力大小是自身重力的k倍,那么v0和k分别等于(g取10m/s2)( )
正确答案
解析
上升过程中所受的平均阻力f=kmg,根据牛顿第二定律得:a==(k+1)g;
根据h=at2
得:a==
=20m/s2,所以v0=at=20×3=60m/s,
而(k+1)g=20m/s2,所以 k=1.
所以答案为A
考查方向
解题思路
礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动,对其进行受力分析,根据牛顿第二定律及匀减速直线运动的基本公式即可求解.
易错点
匀变速直线运动公式注意物理量的符号
知识点
14.
如图所示,倾角为α的斜面A被固定在水平面上,细线的一端固定于墙面,另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B相连,B静止在斜面上.滑轮左侧的细线水平,右侧的细线与斜面平行.A、B的质量均为m.撤去固定A的装置后,A、B均做直线运动.不计一切摩擦,重力加速度为g.求:
(1)A固定不动时,A对B支持力的大小N;
(2)A滑动的位移为x时,B的位移大小s;
(3)A滑动的位移为x时的速度大小vx.
正确答案
(1)mgcos α(2)(3)
知识点
5.如图所示,某“闯关游戏”的笔直通道上每隔8 m设计有一个关卡,各关卡同步放行和关闭.放行和关闭的时间分别为5s和2s.关卡刚放行时,一同学立即在关卡1处以加速度2m/s2由静止加速到2m/s,然后匀速向前,则最先挡住他前进的关卡是
正确答案
解析
0-2m/s内,需要历时t=v/a=1s,走过位移x1=v/2*t=1m,放行的5s内,匀速部分的时间是4秒,位移为2*4=8m,即放行的5s内,共走位移为x=9m顺利冲过关卡2,关卡2关闭的2s内该同学走4m,9+4=13未到关卡3,接下来开放5s内走10m,目前共走10+13=23m,继续行驶1m历时0.5秒 正好是关卡4关闭的时间内,故最先挡住他前进的关卡是关卡4
考查方向
解题思路
由关卡开放和关闭时间计算空间关系
易错点
到各个关卡的时间
知识点
14.物体做匀加速直线运动,相继经过两段距离为16 m的路程,第一段用时4 s,第二段用时2 s,则物体的加速度是( )
正确答案
解析
第一段时间内的平均速度为:,
第二段时间内的平均速度为:,
根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知,两个中间时刻的时间间隔为:△t=2+1s=3s,
则加速度为:a=.选项ACD错误,B正确
故选:B.
考查方向
解题思路
根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出两个中间时刻的瞬时速度,结合速度时间公式求出物体的加速度.
易错点
解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论,并能灵活运用,有时运用推论求解会使问题更加简捷.
知识点
18.物理图象能简明、形象地反映某物理量随另一物理量变化的规律,故图象法在物理中有广泛的应用。如v-t图象切线的斜率反映的是物体的加速度,所围的“面积”反映的是物体运动的位移。如图所示,是一静电场中电势 随x的分布图像。已知该静电场的场强方向平行于x轴,图中φ0和d为已知量。以下判断正确的是( )
正确答案
解析
每小题给出的四个选项中,有一个或多个选项正确。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分。
知识点
22.(1)质量m=1.0kg的物块A(可视为质点)与轻弹簧的上端连接,弹簧下端固定在光滑斜面底端,斜面的倾斜角θ=30º。平衡时,弹簧的压缩量为x=0.20m,此时具有的弹性势能Ep=0.50J,物块A处在O时弹簧为原长,如图所示。一质量m=1.0kg物块B(可视为质点)从距离物块A为d=2.0m处从静止开始沿斜面下滑,与物体A发生碰撞后立刻一起向下运动,但不粘连,它们到达最低点后又向上运动。求物块B向上运动到达的最高点与O的距离s。g=10m/s2
(2)如图所示,弹簧的一端固定在天花板上,另一端连接一个小球,弹簧质量不计,劲度系数为k,小球(可视为质点)的质量为m,将小球竖直悬挂起来,小球平衡的位置为坐标原点O。
将小球在竖直方向拉离平衡位置后释放,小球就在竖直方向运动起来。我们知道,以小球、地球、弹簧组成的系统,动能、弹性势能和重力势能的总和保持不变。如果把弹性势能和重力势能的和称为系统的势能,并规定小球处在平衡位置时系统的势能为零,请根据“功是能量转化的量度”,求小球运动到O点下方x处时系统的势能。
正确答案
(1)解:
B物体下滑至与A碰撞前:
AB碰撞,根据动量守恒,碰后:
可得:
碰后AB和弹簧组成的系统,机械能守恒,并且AB在弹簧处分离,设AB分离瞬间速度为v’,则根据机械能守恒:
可得:
此后,B向上做匀减速运动,上升距离为:
即O与B运动的最高点之间的距离s为0.35米。
(2)解一:
小球静止时,弹簧的形变量为x0,有:
以平衡位置为零势能面,到O点下方x:
重力做功:
弹簧弹力做功
因此,在O下方x处系统势能为:
解二:当小球在竖直方向静止时,有:
当小球在竖直方向运动经过O点下方x时,所受合力大小为
此力的大小只与小球相对其平衡位置的距离x有关,这个力做功对应于系统的势能。画出合力F随x变化的图像:
图像中图线所围成的面积即为小球从x处回O点,合力F做功,
O点为系统势能零点,那么小球在x处的系统是能为:
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
23.频闪照相是研究物理过程的重要手段,如图所示是某同学研究一质量为m=0.5kg的小滑块从光滑水平面滑上粗糙斜面并向上滑动时的频闪照片。已知斜面足够长,倾角为闪光频率为10Hz。经测量换算获得实景数据:S1=S2=40cm,S3=35cm,S4=25cm,S5=15cm。取g=l0m/s2.sin37°=0.6,cos37°=0.8,设滑块通过平面与斜面连接处时没有能量损失。求:
(1)滑块与斜面间的动摩擦因数μ,并说明滑块在斜面上运动到最高点后能否自行沿斜面下滑:
(2)从滑块滑上斜面开始计时,经多长时间到达斜面上的A点(图中A点未画出,己知A点到斜面最低点B的距离为0.6m)。(注意:结果可以用根号表示)
正确答案
(1)在斜面上物块做匀减速直线运动,设加速度为a,则
由公式ΔS=a1T2
解得a1=10m/s2
由牛顿第二定律有mgsinα+μmgcosα=ma1
联立以上方程解得μ=0.5
因μ<tan37°,所以滑块在斜面上运动到最高点后能自行沿斜面下滑
(2) 由题意可知,物块在水平面上做匀速直线运动,且设速度为v0,则
v0==4.0m/s
上滑时间为t==0.4s
滑块在斜面上上滑到达A点时有
SAB=v0t1-
解得:t1=0.2s
设滑块在斜面上能上滑的最大距离为sm,则对滑块在斜面上上滑过程应用动能定理有
(-mgsinα-μmgcosα)·sm=0-mv02
解得sm=0.8m
下滑加速度为a2=gsinα-μgcosα=2m/s2
从最高点下滑到达A点的时间设为t2
则有 sm- SAB=
下滑时间为t2= s
所以,从滑块滑上斜面开始计时,到达斜面的时间为0.2s或者0.2+s
解析
解析已在路上飞奔,马上就到!
知识点
20.如图所示,绝缘水平面上的AB区域宽度为d,带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从A点进入AB区域,当滑块运动至区域的中点C时,速度大小为vC=v0,从此刻起在AB区域内加上一个水平向左的匀强电场,电场强度E保持不变,并且AB区域外始终不存在电场.
(1)求滑块受到的滑动摩擦力大小;
(2)若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等,求滑块离开AB区域时的速度;
(3)要使小滑块在AB区域内运动的时间到达最长,电场强度E应满足什么条件?并求这种情况下滑块离开AB区域时的速度.
正确答案
解:(1)滑块从A到C过程,由动能定理得:
﹣f•=
mvC2﹣
mv02,
解得:f=;
(2)设滑块所受滑动摩擦力大小为f,则滑块从A点运动至C点过程,
由动能定理得:﹣f•=
mvC2﹣
mv02,
假设最后滑块从B点离开AB区域,则滑块从C点运动至B点过程,
由动能定理得:(qE1+f)=
m(vc2﹣vB2)
将vc=v0、qE1=f
代入解得:vB=v0,
由于滑块运动至B点时还有动能,因此滑块从B点离开AB区域,速度大小为v0,方向水平向右.
(3)要使小滑块在AB区域内运动的时间到达最长,必须使滑块运动至B点停下,然后再向左加速运动,最后从A点离开AB区域.
滑块从C点运动至B点过程,由动能定理得:(qE2+f)=
mvc2,
由①④两式可得电场强度:E2=,
滑块运动至B点后,因为qE2=2f>f,所以滑块向左加速运动,
从B运动至A点过程,由动能定理得:
(qE2﹣f)d=mvA2,
由以上各式解得滑块离开AB区域时的速度
vA=v0(方向水平向左);
解析
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知识点
11.在粗糙水平面上,一电动玩具小车以v0=4m/s的速度做匀速直线运动,其正前方平铺一边长为L=0.6m的正方形薄板,小车在到达薄板前某处立即刹车,靠惯性运动s=3m的距离后沿薄板一边的中垂线平滑地冲上薄板。小车与水平面以及小车与薄板之间的动摩擦因数均为μ1=0.2,薄板与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1,小车质量M为薄板质量m的3倍,小车可看成质点,重力加速度g=10m/s2,求:(1) 小车冲上薄板时的速度大小;(2) 小车从刚冲上薄板到停止时的位移大小。
正确答案
见解析
解析
解:(1)设小车刹车后加速度大小为a1,由牛顿第二定律得:μ1Mg=Ma1 ①
设小车刚冲上薄板时速度为v1,由运动学公式,有: ②
①②联立,得: ③
(2)小车冲上薄板后,薄板上下两表面受到的摩擦力方向相反,设薄板的加速度为加速度大小为a2,由牛顿第二定律得: ④
小车冲上薄板后,薄板以a2加速,车仍以a1减速,设经时间t两者共速,则: ⑤
联立④⑤并代入数据,得:
该段时间,小车的位移:
;
薄板的位移:由于
,所以小车未滑出薄板 ⑥
接着小车与薄板共同减速,设加速度大小为a3,有: ⑦
设车与薄板共同减速的位移大小为s3,有: ⑧
⑦⑧式联立,得s3=0.5m所以小车从刚冲滑板到停止时位移的大小: ⑨
考查方向
本题主要考查牛顿第二定律;力的合成与分解的运用
解题思路
(1)根据牛顿第二定律求出小车在水平面上刹车的加速度大小,结合速度位移公式求出小车冲上薄板时的速度大小.
(2)根据薄板受到小车和地面对它摩擦力的大小,得出薄板相对地面滑动,根据牛顿第二定律求出薄板的加速度,结合速度时间公式求出两者速度相等经历的时间,判断出此时小车未离开薄板,然后两者一起做匀减速直线运动,结合运动学公式求出小车从刚冲上薄板到停止时的位移大小
易错点
理清小车、薄板在整个过程中的运动规律,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.
知识点
6.如图所示,在竖直平面内有半径为R和2R的两个圆,两圆的最高点相切,切点为A,B和C分别是小圆和大圆上的两个点,其中AB长为R,AC长为2
R。现沿AB和AC建立两条光滑轨道,自A处由静止释放小球,已知小球沿AB轨道运动到B点所用时间为t1,沿AC轨道运动到C点所用时间为t2,则t1与t2之比为( )
正确答案
解析
设ab和ac间的夹角为θ,根据几何关系可知,cosθ=ab/2R=1.6R/2R=4/5
小球沿ab做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得:a= mgcosθ/m=4g/5,根据运动学基本公式得:1.6R= at12/2 ①小球从a运动到c做自由落体运动,则有3R= gt22/2 ②根据①②解得:故D正确
考查方向
本题主要考查牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系
解题思路
设ab和ac间的夹角为θ,根据几何关系求出cosθ,小球沿ab做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律求出加速度,再根据匀变速直线运动位移时间公式求出时间,小球从a运动到c做自由落体运动,根据h= gt2 /2求出时间,进而求出时间之比
易错点
本题主要考查了牛顿第二定律以及运动学基本公式的直接应用,解题时要分析清楚小球的运动情况
知识点
4.如图所示,a、b的质量均为m,a从倾角为45°的光滑固定斜面顶端以初速度v0沿斜面下滑,b从斜面顶端以初速度v0平抛,不计空气阻力,则下列说法不正确的是 ( )
正确答案
解析
对a受力分析可知,其沿光滑斜面下滑的加速度大小为:a=gsin45°,方向沿斜面向下保持不变,故做匀加速直线运动,而b物体抛出后仅受重力,做平抛运动,为匀变速曲线运动,故A选项内容正确,但不选;由机械能守恒定律可知无论是a还是b,从开始运动至落地前瞬间均有,故他们落地前瞬间速率相同,B和D选项内容正确,不选;a物体从抛出到落地所用时间为:
,b物体时时间为
,C选项内容正确不选,由此可知,本题无正确答案,若将B选项改成“……速度相同”,则选B,因为两物体落地前瞬间速度的方向不一致。
考查方向
本题考查平抛运动及功和功率基本概念。
解题思路
1、无论是a还是b,在运动的过程中始终只有重力做功,机械能守恒,可求a、b落地的瞬时速率;
2、瞬时功率的计算为P=Fvcosθ,其中θ为F与速度v正方向间夹角。3、平均功率:
易错点
1、匀变速运动不一定是匀变速直线运动,也可以是匀变速曲线运动;
2、题干要求选择不正确的选项,审题不细导致失分。
知识点
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