热门试卷

桌布向右拉出时，鱼缸相对于桌布有向左的运动，故鱼缸受到的摩擦力向右；故A错误；由于鱼缸在桌面上和在桌布上的动摩擦因数相同，故受到的摩擦力相等，则由牛顿第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做减速运动，则由v=at可知，它在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等；故B正确；鱼缸受到的摩擦力为滑动摩擦力，其大小与拉力无关，只与压力和动摩擦因数有关，因此增大拉力时，摩擦力不变；故C错误；猫减小拉力时，桌布在桌面上运动的加速度减小，则运动时间变长；因此鱼缸加速时间变长，桌布抽出时的位移以及速度均变大，则有可能滑出桌面；故D正确；故选：BD．

解析：机械波的振幅由波源决定，A错的；波速由介质决定，B对的；静摩擦力方向与相对运动趋势方向相反，C错的；动摩擦因数的数值由接触面的粗糙程度即材料有关，D错的。

小球开始滑动时根据牛顿第二定律有：F0-μ（mg-qvB）=ma，随v增大，a增大，当时，a达最大值，摩擦力f=μ（mg-qvB）最小；此时洛伦兹力等于mg，支持力等于0，此后随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力反向增大，此后滑动过程中有：F0-μ（qvB-mg）=ma，随v增大，a减小，当a=0，此时达到平衡状态，速度不变且最大，则最大速度为,此时的摩擦力f=μ（qvB-mg）随速度的增大而增大，所以整个过程中，v先增大后不变；a先增大后减小，摩擦力先减小后增大，故BC正确，AD错误；

AB、根据没有拉动木板前,木块与木板没有摩擦力,随着拉力增大时,木板受到地面的静摩擦力也增大,但弹簧测力计的示数为零,故AB错误;

CD、,当拉动木板后,木块与木板是滑动摩擦力,即弹簧测力计的大小等于滑动摩擦力大小,因此拉力大小与弹簧测力计仍无关,故C错误,D正确;

A与木板间的最大静摩擦力fA=μmAg=0.2×1×10N=2N，B与木板间的最大静摩擦力fB=μmBg=0.2×2×10N=4N.

A、F=1N＜fA，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；

B、若F=1.5N＜fA，所以AB即木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F=（mA+mB）a；解得：；对A来说，则有：F-fA=mAa，解得：fA=1.5-1×0.5=1N,故B错误；

C、D .F=4N＞fA，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，轻质木板，质量不计，所以B的加速度,对B进行受力分析，摩擦力提供加速度，，故C错误,D正确；

故本题选D

滑块恰好匀速滑下，滑块受力平衡，沿斜面方向此时有,解得,垂直斜面方向有,由受力分析可知，两圆杆对滑块支持力的合为等于,又，由平行四边形定则可得两边圆杆对滑块的支持力为,由滑动摩擦力公式得，即解得,由摩擦力表达式可知若增大，圆杆对滑块的支持力将减小,由以上分析可知B正确，ACD错误；故选：B

滑动摩擦力和静摩擦力既可以充当动力给物体加速，也可以充当阻力给物体减速，正确选项为CD。

对b进行受力分析，剪断前b受重力、支持力、向左弹簧的拉力和绳的拉力由于它所受摩擦力，所以弹簧的拉力和绳的拉力是一对平衡力，当将右侧细绳剪断瞬间，绳的拉力消失，但弹簧的拉力不变，所以b受摩擦力方向向右，C错误，D正确；由于细绳剪断瞬间，弹簧的弹力不变，所以大小不变，A正确，B错误。

考查牛顿运动定律处理连接体问题的基本方法，简单题。对于多个物体组成的物体系统，若系统内各个物体具有相同的运动状态，应优先选取整体法分析，再采用隔离法求解。取A、B系统整体分析有，a=μg，B与A具有共同的运动状态，取B为研究对象，由牛顿第二定律有： ，物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度方向向左。