热门试卷

解：物体做竖直上抛运动，在0.8s内的速度变化量△v=gt=10×0.8m/s=8m/s，由于初速度不为零，可知t=0.8s时刻速度的方向一定竖直向上，不可能竖直向下，物体处于抛出点的上方．故B正确，D错误．

可知初速度v0-gt=v，代入数据解得v0=16m/s，则上升到最高点的时间，则回到抛出点的时间t=2t1=2×1.6s=3.2s，故A正确，C错误．

故选：AB．

解：由图可知运动员在空中的最长时间为：t=4.3s-2.3s=2s

运动员做竖直上抛运动，所以跃起最大高度为：

，将t=2s带入得：h=5m，故ACD错误，B正确．

故选B．

解：A、设经过t时间相遇，则此时A物体的速度大小vA=v0-gt，B物体的速度大小vB=gt，由题，vA=vB=v，则得v0=2gt=2v．即A的上抛速度大小是2v．故A正确．

B、由上分析可知，A竖直上抛运动的最高点与自由落体运动的抛出点高度相同，故B正确．

C、A竖直上抛运动的最高点与自由落体运动的抛出点高度相同，根据机械能守恒，它们落地时的速度是相同的．故C错误；

D、A竖直上抛运动的最高点与自由落体运动的抛出点高度相同．物体B只可能在下落过程中与A相遇根据对称性可知，物体A在空中运行的总时间是物体B的两倍，所以落地时刻不同．故D正确．

故选：ABD

解：由t总=，

解得v0==15m/s

全过程：由x=v0t-gt2；得：

前2s的位移为：x2=15×2-5×4=10m

故选：A

解：注意运动员是站着起跳，横着过杆，所以竖直方向的位移应该是重心上升的高度，不是1.8m，而是0.8m左右，

竖直上升阶段，由速度位移公式得：v2-v02=2ax

即：02-v02=2×（-10）×0.8，

代入数据解得：v0=4m/s；

故选：B．

解：A、在空中运动过程中，不计空气阻力，两球都只受重力作用，根据牛顿第二定律F=ma可知a==g，加速度相同．故A正确．

B、两个小球从抛出到落地，只有重力做功，机械能守恒．从同一高度以相同的初速度大小抛出，h、v0相同，根据机械能守恒定律得：

mgh+=mv2

则得 v=，可知两球触地瞬时的速度相同．故B错误．

C、位移只与初末位置有关，同一高度处抛出到落地位移相同．故C错误．

D、路程和运动轨迹有关，同一高度处竖直上抛的小球的运动路程要比竖直下抛小球的运动路程大．故D错误．

故选：A．

解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：

代入数据，有：

解得：t=0（舍去）  或  t=1.2s

每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=

故选：C．

解：

A、B：若空气阻力可忽略时，在整个过程中，对整体法分析可知：加速度为g，再对小球，根据牛顿第二定律可知，小球只能受重力，所以上升、下降对盒均无压力，故A、B错误．

C、D：如果空气阻力不可忽略，上升时，盒子受到向下的重力和向下的空气阻力，加速度大于g．

对球由牛顿第二定律知：N+mg=ma（a＞g），N为球受到盒子顶部的压力，由牛顿第三定律知上升时对盒顶有压力；

同理分析，下降时，球的加速度为a＜g，则由：mg-N=ma，N为盒子底部对球的支持力，由牛顿第三定律知下降时对盒底有压力，故C错误，D正确；

故选：D

解：A、根据得，相遇的时间t=，相遇时，A球的速率vA=gt=10m/s，B球的速率vB=v0-gt=20-10=10m/s，离地的高度，故A错误，B正确．

C、第一相遇后，A继续向下运动，B球继续上升，两球不可能发生第二次相遇，故C错误．

D、A落地的时间，B球落地的时间，则落地时间差△t=tB-tA=4-2s=2s，故D错误．

故选：B．

解：A、设地面为零势能面，由题意知，相遇时两物体机械能相同，而每个物体机械能都是守恒的，故物体A向上抛出的初速度和物体B落地时速度的大小相等，故A正确

B、根据竖直上抛运动的对称性可得，物体A、B在空中运动的时间不相等，故B错误

C、根据机械能守恒得，并且两物体机械能相等，故物体A能上升的最大高度和B开始下落的高度相同，故C正确

D、相遇时A上升的时间和B下降相同，可知对于自由下降的B球来讲，相遇时刻为全部运动时间的中间时刻，根据初速度为零的匀加速运动的规律可得，两段相等时间的位移之比为1：3，故D正确

故选ACD

解：设初速度是v 0，则上升的最大高度的时间：，上升的最大高度：

上升到最大高度一半的时间为t1：，得：

速度减为初速一半所用的时间为t2：

故选：B