热门试卷

（1）1×105w；（2）4s（3）40m

试题分析：（1）匀速时，说明牵引力等于滑动摩擦力，所以P=Fv即

P=5000*20=1×105w

（2）根据牛顿第二定律，刹车时加速度

根据运动学公式则，所以，即需要t=4s

（3）由于停车只需4s，所以从开始刹车到5s末，汽车前进的距离只能算4s内的距离，则

点评：本题考查了常见的牛顿运动定律和匀变速直线运动规律的结合。通常主要是要能计算出加速度，然后通过受力分析求受力或者通过匀变速直线运动规律求运动参数。

（1）（2）a2=8.5m/（3）不会第二次到达B处

试题分析：（1）对磁铁在AB段进行受力分析如图所示，设磁铁与铁板的引力为，

有   ，得a1=3m/，……………………….. (3分)

由匀变速直线运动的规律有，

代入数据解得。…………………………………………..(2分)

（2）对磁铁在BC段受力分析，有，……….（2分）

，……………..………………………………....(1分)

解得a2=8.5m/。…………………………………………………………(2分)

（3）磁铁以初速沿斜面向上运动至速度为零时其经过的位移为

，………………………………………………(2分)

故磁铁会滑出BC面，不会第二次到达B处。……………………..（2分）

点评：难度中等，加速度是力与运动联系的纽带，根据牛顿第二定律求解加速度，再由运动学公式求解

（1）（2）（3）

试题分析：（1）设克服空气阻力所做的功为

由动能定理有：

       （1分）

         （1分）

（2）空气阻力   （1分）

落地前匀速运动，则    （2分）

设刚抛出时加速度大小为

则     （2分）    

解得    （1分）

（3）上升时加速度为，   （1分）

 （1分）

取极短时间，速度变化，有：

  （1分）

又     （1分）

上升全程      （1分）

则　　   （1分）

（1）6m/s（2）9s（3）甲能赢得比赛

试题分析：（1）丢棒后，甲先减速至零，其时间，

位移

之后反向加速，再减速至零，设最大速度为vm,则有:,解得：vm=6m/s

(2)返回拾棒过程的时间为

再继续加速前进到达最大速度的过程中，其时间

位移

若是没丢棒，跑这段位移的时间

故耽误的时间为

(3) 从掉棒开始计时，甲到终点需要的时间= 29s

乙到终点需要的时间=32s

＜，说明最终甲能赢得比赛。

（1）(2)不会从车上滑下 （3）

试题分析：（1）演员自由落体的高度为，，解得时间

在演员自由落体时间内，汽车的水平位移

演员落点距离车尾端距离

（2）演员落在平板车上后，相对平板车向后运动，摩擦力向前，做匀加速运动加速度，而汽车开始匀减速，假设经过时间二者速度相同则有，解得此阶段，汽车位移，演员位移，相对位移

此时，演员相对汽车向后的位移，演员还没滑下，此后，汽车继续以匀减速，而演员水平方向只有摩擦力作用，因此演员匀加速的加速度，在车停下前，演员速度大于车的速度，相对汽车向前运动，不可能从车上滑下。

（3）从演员落在平板车上开始，到二者速度相等的过程中，相对位移，摩擦生热此后汽车继续匀减速直至停下发生位移，而演员滑下来发生的位移，此段二者相对位移摩擦生热

⑴ ⑵ ⑶d="18m"

试题分析：（1）速度时间图像斜率代表加速度，分析B的速度时间图像可得加速度

B在水平方向没有拉力只有摩擦力，根据牛顿第二定律有得到

所以

（2）速度时间图像斜率代表加速度，分析A的速度时间图像可得加速度,A在水平方向受到拉力F和摩擦力作用，做匀加速运动，根据牛顿第二定律有

带入竖直计算得

（3）有速度时间图像可知，B4秒时停止运动，此时根据匀变速直线运动位移公式，，二者都是沿正方形运动，因此二者之间的距离

（1）A="20"   B=40   C=60（2）不能

试题分析：（1）（3分） A=20   B=40   C=60       （每空格1分）

（2）（5分）反应时间：--------（1分）

刹车的加速度为：--------（1分）

司机的反应距离为：-------（1分）

司机的刹车距离为：---------（1分）

,52.4m>50m    故不能在50m内停下来。------（1分）

点评：熟知汽车停车过程，反应时间是驾驶员对发现危险到进行制动操作这一过程中的时间，在反应时间里汽车正常行驶做匀速直线运动，制动后汽车做匀减速直线运动，已知初速度、末速度和加速度求匀减速运动的位移．

（1）物体在0-2 s内的速度方向不变，大小越来越大，向上做匀加速直线运动；

2s-5 s内速度大小和方向均不变，向上做匀速直线运动；

5s-8 s内，速度方向仍不变，但大小在减小，做匀减速运动直至停止．

（2）重物在0-2 s内的加速度：a1==m/s2=2.5 m/s2，

重物在5-8 s内的加速度：a2==-m/s2，

所以两段时间内的加速度大小之比为：a1：a2=3：2．

答：（1）物体在0-2s内的速度方向不变，向上做匀加速直线运动；2s-5s内向上做匀速直线运动；5s-8s内，做匀减速运动直至停止．

（2）0-2s与5s-8s内的加速度大小之比是3：2．

V0/Kg，（K-1/K2） H

试题分析：（1）对B来说碰撞后以速度v向上作匀减速运动，其加速度aB

由牛顿第二定律，得

得  

相对加速度为kg，所以时间为

（2）对A来说碰撞后的加速度aA，由

得  方向竖直向上．当A、B速度相等时，两者相对静止．设经时间t后，两者速度相等，有

解得

B下端离地面的高度为

即B与地第一次碰撞后，当A与B刚相对静止时，B下端离地面的高度为．

点评：本题关键是对各个过程多次运用运动学公式列式求解，同时可对整个过程运用功能关系列式求解．

（1）（7分）(2) （7分）

试题分析：（1）加速阶段加速度 ,减速阶段加速度

加速阶段中： 减速阶段中：   

由上两式得： 

（2）撤力瞬间物体的速度最大： 

解得： 

(1) V=37.5m/s；(2)a=m/s2

试题分析:

（1）客车甲车做匀速运动，它的速度           5分

（2）12s内甲车运动的距离为           3分

令乙车的加速度为a，据位移公式知，12s内乙车运动的距离为：

         3分

据题意知：         3分

解得： 

（1）1 m/s2（2）2 m  16 m

试题分析：（1）乙图中0-2秒内的加速度

（2）甲图中物体的初位置为2m，末位置是0m，所以5s内的位移大小为2m

乙图中，图线与坐标围成的面积表示物体运动的位移，所以

点评：在v-t中图像与坐标围成的面积表示物体运动的位移，图像的斜率表示物体运动的加速度，

1 m/s2    0.15

试题分析：物体做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律：

由A到B：          2分

由B到C：          2分

解得:  a =" 1" m/s2     a =－6 m/s2  (舍)          2分

由牛顿第二定律可知：F－μmg = ma            2分

解得：μ = 0.15            2分

（1）=2m/s2，加速度的方向向右；（2）=4m/s，速度的方向向右；

（3）x=8.0m方向向右

试题分析: （1）据牛顿第二定律知：

             1分

加速度的方向向右。          1分

（2）据速度公式有：

            1分

速度的方向向右。          1分

（3）0～2s时间内物块运动的位移为

，方向向右；            1分

2～4s时间内，物块先向右匀减速运动至速度为零，令加速度，用时；

据牛顿第二定律有：，

方向向左          1分

据速度公式有：

        1分

物体向右匀减速运动的位移：

      1分

2.8～4s时间内物块将向左静止开始匀加速运动，令加速度为，，方向向左；     1分

物体向左静止开始匀加速运动的位移：，向左

4s时物体的速度：，向左          1分

4～6s时间内物块先向左匀减速运动，令加速度为，据牛顿第二定律知：

          1分

令向左匀减速到静止所用时间为，据速度公式有：

解得：           1分

向左匀减速运动的位移：

之后，4.2s～6s时间内物块从静止开始向右匀加速运动，加速度

向右运动的位移：          1分

0～6s时间内的总位移：

   1分

方向向右。         1分