- 机械能守恒定律
- 共29368题
如图所示,一滑雪运动员质量m=60kg,经过一段加速滑行后从A点以vA=10m/s的初速度水平飞出,恰能落到B点.在B点速度方向发生改变(速度大小不变,即不计与轨道发生作用时的能量损失)后进入半径R=20m的竖直圆弧轨道BO,并沿轨道下滑.已知在最低点O时运动员对轨道的压力为2400N.A与B、B与O的高度差分别为H=20m、h=8m.不计空气阻力,取g=10m/s2,求:
(1)AB间的水平距离.
(2)在BO段运动时,阻力对运动员做的功.
正确答案
解:(1)由A到B,做平抛运动 H=gt2
t=
代入数据得:t=2s
AB间水平距离:s=vAt=20m
(2)根据牛顿第三定律,轨道对小孩的支持力为2400N. 设在最低点时速度为v0由牛顿第二定律,有:
FN-mg=m
解得:v0=10m/s
设由A到O摩擦力做功为Wf,由动能定理得:
mg(H+h)+Wf=mv02-
mvA2
得:Wf=-1800J
答:(1)AB间的水平距离为20m;
(2)在BO段运动时,阻力对运动员做的功为=-1800J.
解析
解:(1)由A到B,做平抛运动 H=gt2
t=
代入数据得:t=2s
AB间水平距离:s=vAt=20m
(2)根据牛顿第三定律,轨道对小孩的支持力为2400N. 设在最低点时速度为v0由牛顿第二定律,有:
FN-mg=m
解得:v0=10m/s
设由A到O摩擦力做功为Wf,由动能定理得:
mg(H+h)+Wf=mv02-
mvA2
得:Wf=-1800J
答:(1)AB间的水平距离为20m;
(2)在BO段运动时,阻力对运动员做的功为=-1800J.
如图所示,物体从距沙坑高为H=20m的B处由静止自由落下,下落过程不受空气阻力,物体落至沙坑表面后又进入沙坑并在A处停止,已知A处距地表高h=0.2m,物体质量m=2kg.求:
(1)物体刚与地面接触时的速度v;
(2)物体在沙坑中受到的平均阻力f.
正确答案
解:(1)在下落的地面的过程中根据动能定理可得
解得
v=
(2)从地面到进入沙坑静止过程有动能定理可得
解得f=1980N
答:(1)物体刚与地面接触时的速度v为20m/s;
(2)物体在沙坑中受到的平均阻力f为1980N
解析
解:(1)在下落的地面的过程中根据动能定理可得
解得
v=
(2)从地面到进入沙坑静止过程有动能定理可得
解得f=1980N
答:(1)物体刚与地面接触时的速度v为20m/s;
(2)物体在沙坑中受到的平均阻力f为1980N
(2015秋•温州校级期中)某电视台“快乐向前冲”节目的场地设施如图所示,AB为水平直轨道,上面安装有电动悬挂器,可以载人运动,水面上漂浮着一个半径为R,角速度为ω,铺有海绵垫的转盘,转盘的轴心离平台的水平距离为L,平台边缘与转盘平面的高度差为H.选手抓住悬挂器可以在电动机的带动下,从A点下方的平台边缘处沿水平方向做初速度为零,加速度为a的匀加速直线运动.选手必须作好判断,在合适的位置释放,才能顺利落在转盘上.设人的质量为m(不计身高),人与转盘间的最大静摩擦力为μmg,重力加速度为g.
(1)假设选手落到转盘上瞬间相对转盘速度立即变为零,为保证他落在任何位置都不会被甩下转盘,转盘的角速度ω应限制在什么范围?
(2)若已知H=5m,L=8m,a=2m/s2,g=10m/s2,且选手从某处C点释放能恰好落到转盘的圆心上,则他是从平台出发后多长时间释放悬挂器的?
(3)若开动悬挂器恒定功率600W运行,选手从静止运动2s后到第(2)题中所述位置C点释放也能恰好落到转盘的圆心上,选手质量为50kg,悬挂器在轨道上存在恒定阻力,求阻力的大小?
正确答案
解:(1)设人落在转盘边缘也不被甩下,最大静摩擦力提供向心力,则有:μmg≥mω2R
即转盘转动角度应满足ω≤
(2)水平加速段位移为x1,时间t1;平抛时水平位移为x2,时间为t2,则加速时有:
x1=at2
v=atl
平抛运动阶段,有:
x2=vt2
H=gt2
全程水平方向上有:x1+x2=L
代入已知量数值,联立以上各式解得:tl=2s
(3)选手在水平轨道上滑行过程,根据动能定理有:
Pt-fx1=mv2
解得:f=200N
答:(1)转盘的角速度ω应限制在ω≤的范围.
(2)他是从平台出发后2s时间释放悬挂器.
(3)阻力大小为200N.
解析
解:(1)设人落在转盘边缘也不被甩下,最大静摩擦力提供向心力,则有:μmg≥mω2R
即转盘转动角度应满足ω≤
(2)水平加速段位移为x1,时间t1;平抛时水平位移为x2,时间为t2,则加速时有:
x1=at2
v=atl
平抛运动阶段,有:
x2=vt2
H=gt2
全程水平方向上有:x1+x2=L
代入已知量数值,联立以上各式解得:tl=2s
(3)选手在水平轨道上滑行过程,根据动能定理有:
Pt-fx1=mv2
解得:f=200N
答:(1)转盘的角速度ω应限制在ω≤的范围.
(2)他是从平台出发后2s时间释放悬挂器.
(3)阻力大小为200N.
一个运动的物体它的速度增加一倍,则它的动能将变为原来的______倍.
正确答案
4
解析
解:由动能定义式:EK=mv2知,质量不变,物体运动的速度大小变为原来的2倍
则物体的动能变为:EK′=m(2v)2=4EK;
故答案为:4.
质量为1kg的滑块,以6m/s的初速度沿光滑的水平面向左滑行,从某一时刻起在滑块上作用一向右的水平力,经过一段时间,滑块的速度方向变成向右,大小是6m/s,则在这段时间里水平力做的功为______.
正确答案
解:选取物体从速度以6m/s到速度大小为6m/s作为过程,由动能定理可知:
故答案为:0.
解析
解:选取物体从速度以6m/s到速度大小为6m/s作为过程,由动能定理可知:
故答案为:0.
如图所示,整个轨道在同一竖直平面内,直轨道AB在底端通过一段光滑的曲线轨道与一个光滑的四分之一圆弧轨道CD平滑连接,圆弧轨道的最高点C与B点位于同一高度.圆弧半径为R,圆心O点恰在水平地面.一质量为m的滑块(视为质点)从A点由静止开始滑下,运动至C点时沿水平切线方向离开轨道,最后落在地面上的E点.已知A点距离水平地面的高度为H,OE=2R,重力加速度取g,不计空气阻力.求:
(1)滑块运动到C点时的速度大小vC;
(2)滑块运动过程中克服轨道摩擦力所做的功Wf;
(3)若滑块从直轨道上A′点由静止开始下滑,运动至C点时对轨道恰好无压力,则A′点距离水平地面的高度为多少?
正确答案
解:(1)滑块从C到E做平抛运动,水平位移为2R,竖直位移为R
则有:
2R=vCt、R=gt2,可解得 vC=
(2)对于从A到C的过程,运用动能定理得
mg(H-R)-Wf=mvC2-0
解得,滑块运动过程中克服轨道摩擦力所做的功 Wf=mg(H-2R)
(3)设A′点的距离水平地面的高度为h.
在C点有 mg=m ①
从A′到C,由动能定理得
mg(h-R)-Wf′=mvC′2-0 ②
滑块在直轨道上下滑时重力做功与克服摩擦力做功的比值是定值,
所以有:=
解得Wf′=mg
,代入②式
联立①、②两式,可解得 h=
答:
(1)滑块运动到C点时的速度大小vC是.
(2)滑块运动过程中克服轨道摩擦力所做的功Wf是mg(H-2R).
(3)A′点距离水平地面的高度为.
解析
解:(1)滑块从C到E做平抛运动,水平位移为2R,竖直位移为R
则有:
2R=vCt、R=gt2,可解得 vC=
(2)对于从A到C的过程,运用动能定理得
mg(H-R)-Wf=mvC2-0
解得,滑块运动过程中克服轨道摩擦力所做的功 Wf=mg(H-2R)
(3)设A′点的距离水平地面的高度为h.
在C点有 mg=m ①
从A′到C,由动能定理得
mg(h-R)-Wf′=mvC′2-0 ②
滑块在直轨道上下滑时重力做功与克服摩擦力做功的比值是定值,
所以有:=
解得Wf′=mg
,代入②式
联立①、②两式,可解得 h=
答:
(1)滑块运动到C点时的速度大小vC是.
(2)滑块运动过程中克服轨道摩擦力所做的功Wf是mg(H-2R).
(3)A′点距离水平地面的高度为.
质量为m,速度为v的子弹,能射入固定的木板L深.设阻力不变,要使子弹射入木板4L深,子弹的速度应变为原来的( )
正确答案
解析
解:设要使子弹射入木板4L深,子弹的速度应变为原来的n倍.
根据动能定理得:
-fL=0-
-f•4L=0-
解得 n=2
故选:B.
(2016•扬州模拟)宇航员在某星球表面做了如下实验,实验装置如图甲所示,竖直平面内的光滑轨道由斜轨道AB和圆弧轨道BC组成.将质量m=0.2kg的小球,从轨道AB上高H处的某点由静止释放,用力传感器测出小球经过C点时对轨道的压力大小为F,改变H的大小,可测出F随H的变化关系如图乙所示,求:
(1)圆轨道的半径;
(2)星球表面的重力加速度;
(3)作出小球经过C点时动能随H的变化关系Ek-H图象.
正确答案
解:(1)小球过C点时有:F+mg=m,
由动能定理得:
得:F=,
由图可知:当H1=0.5m时,F1=0N,
得 r=0.2m
(2)当H2=1.0m时,F1=5N,
解得:g=5m/s2
(3)由动能定理得:
,
解得则:Ek=H-0.4
答:(1)圆轨道的半径为0.2m;
(2)星球表面的重力加速度为5m/s2;
(3)小球经过C点时动能随H的变化关系Ek-H图象如图所示.
解析
解:(1)小球过C点时有:F+mg=m,
由动能定理得:
得:F=,
由图可知:当H1=0.5m时,F1=0N,
得 r=0.2m
(2)当H2=1.0m时,F1=5N,
解得:g=5m/s2
(3)由动能定理得:
,
解得则:Ek=H-0.4
答:(1)圆轨道的半径为0.2m;
(2)星球表面的重力加速度为5m/s2;
(3)小球经过C点时动能随H的变化关系Ek-H图象如图所示.
动能的计算公式为______.一个质量为50kg的学生,当她的运动速度为2米/秒时,她的动能为______J.
正确答案
100
解析
解:动能是表示物体由于运动而具有的能量,其表达式为:
;
该同学的动能为:EK=×50×22=100J;
故答案为:;100.
A、B两个物体的质量比为1:3,速度之比是3:1,那么它们的动能之比是______.
正确答案
3:1
解析
解:根据动能的定义式EK=mV2,可得:
故:
故答案为:3:1.
如图所示,固定在竖直平面内的光滑半圆形轨道与粗糙水平轨道在B点平滑连接,轨道半径R=0.5m,一质量m=0.2kg的小物块(可视为质点)放在水平轨道上的A点,A与B相距L=10m,物块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.1.现用一水平恒力F向右推物块,已知F=3N,当物块运动到C点时撤去该力,设C点到A点的距离为x.在圆轨道的最高点D处安装一压力传感器,当物块运动到D点时传感器就会显示相应的读数FN,压力传感器所能承受的最大压力为90N,g取10m/s2,空气阻力不计.
(1)要使物块能够安全通过圆轨道的最高点D,求x的范围;
(2)在满足(1)问的情况下,在坐标系中作出压力传感器的读数FN与x的关系图象.
正确答案
解:(1)A到B过程,由得动能定理得:
Fx-μmgL=mvB2
B到D过程,由动能定理得:
-2mgR=mvD2-
mvB2
物块到达D点时,由牛顿第二定律得:
FN+mg=m
由以上三式得:
FN=-5mg
FN=12x-18
∵0≤FN≤90N
解得:1.5m≤x≤9m
(2)根据表达式FN=12x-18,取特殊点作图.
答:(1)x的范围是1.5m≤x≤9m
(2)见上图.
解析
解:(1)A到B过程,由得动能定理得:
Fx-μmgL=mvB2
B到D过程,由动能定理得:
-2mgR=mvD2-
mvB2
物块到达D点时,由牛顿第二定律得:
FN+mg=m
由以上三式得:
FN=-5mg
FN=12x-18
∵0≤FN≤90N
解得:1.5m≤x≤9m
(2)根据表达式FN=12x-18,取特殊点作图.
答:(1)x的范围是1.5m≤x≤9m
(2)见上图.
某科研小组设计了如图所示的实验装置,利用现代工具模拟“古人把悬棺放到悬崖边而实现崖葬”的过程.在距悬崖d=9m处固定一竖直杆,悬崖高H=40m,一绷紧的轻质缆绳通过无摩擦的小定滑轮O与在悬崖顶端的小汽车连接,另一端和套在竖直杆上的质量为m=100kg的重物连接,开始时,重物静止在悬崖底端的A点.某时刻,小汽车开始向右运动拖动缆绳,重物沿着竖直杆运动到B点,此过程小汽车运动的距离s=26m.已知重物运动到B点的速度大小v=5m/s,小汽车拖动缆绳的功率始终为P=1×104W,重物与竖直杆间的摩擦力恒为f=100N,g=10m/s2.求:
(1)重物由A运动到B所经历的时间;
(2)重物运动到B点时的加速度大小a.
正确答案
解:(1)由题意知:OA=
OB=OA-s=41-26m=15m
重物由A到B的过程中,重物上升的高度为h=H-
有动能定理可知Pt-mgh-fh=
解得t=3.2s;
(2)设重物运动到B点时绳上拉力为F,绳与竖直方向的夹角为θ,小汽车牵引绳的速度为v车,则
tanθ=
v车=vcosθ=4m/s
F=
由牛顿第二定律可知
Fcosθ-mg-f=ma
代入数据解得a=9m/s2
答:(1)重物由A运动到B所经历的时间为3.2s
(2)重物运动到B点时的加速度大小a为9m/s2.
解析
解:(1)由题意知:OA=
OB=OA-s=41-26m=15m
重物由A到B的过程中,重物上升的高度为h=H-
有动能定理可知Pt-mgh-fh=
解得t=3.2s;
(2)设重物运动到B点时绳上拉力为F,绳与竖直方向的夹角为θ,小汽车牵引绳的速度为v车,则
tanθ=
v车=vcosθ=4m/s
F=
由牛顿第二定律可知
Fcosθ-mg-f=ma
代入数据解得a=9m/s2
答:(1)重物由A运动到B所经历的时间为3.2s
(2)重物运动到B点时的加速度大小a为9m/s2.
我国舰载机歼15在降落辽宁舰过程中,辽宁舰处于静止状态,飞机尾钩勾住拦阻绳到飞机停止运动用时3s,假设飞机尾钩勾住拦阻绳时速度216km/h,且飞机作匀减速运动,假设降落区甲板长为200m,飞机降落质量恒为2.0×104kg.
(1)飞机勾住拦阻绳到停止的位移的大小;
(2)飞机勾住拦阻绳后立刻关闭发动机,忽略其他阻力,当拦阻绳两方向夹角θ为60°时,求拦阻绳承受的拉力的大小;
(3)拦阻绳在飞机降落过程中对飞机做的功.
正确答案
解:(1)减速时的加速度为:
a=
由运动学公式可得:x=
(2)有牛顿第二定律得:2Fcos30°=ma
F=
(3)由动能定理可知:
W=J
答:(1)飞机勾住拦阻绳到停止的位移的大小为90m;
(2)飞机勾住拦阻绳后立刻关闭发动机,忽略其他阻力,当拦阻绳两方向夹角θ为60°时,拦阻绳承受的拉力的大小为;
(3)拦阻绳在飞机降落过程中对飞机做的功3.6×107J.
解析
解:(1)减速时的加速度为:
a=
由运动学公式可得:x=
(2)有牛顿第二定律得:2Fcos30°=ma
F=
(3)由动能定理可知:
W=J
答:(1)飞机勾住拦阻绳到停止的位移的大小为90m;
(2)飞机勾住拦阻绳后立刻关闭发动机,忽略其他阻力,当拦阻绳两方向夹角θ为60°时,拦阻绳承受的拉力的大小为;
(3)拦阻绳在飞机降落过程中对飞机做的功3.6×107J.
民用航空客机的机舱一般都设有紧急出口,飞机发生意外情况着陆后,打开紧急出口的舱门,会自动生成一个由气囊构成的斜面.如图所示为某气囊斜面,机舱离底端的竖直高度AB=3.0m,斜面长AC=5.0m,斜面与水平地面CD段间有一段小圆弧平滑连接.旅客从气囊上由静止开始滑下,其与气囊、地面间的动摩擦因数均为0.3,不计空气阻力,g=10m/s2.求:
(1)人滑到斜面底端C时的速度大小;
(2)人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下.
正确答案
解:(1)对A到C的过程运用动能定理得,,
代入数据解得vC=6m/s.
(2)对在水平面上的运动过程运用动能定理得,
,
代入数据解得x=6m.
答:(1)人滑到斜面底端C时的速度大小为6m/s;
(2)人离开C点后还要在地面上滑行6m才能停下.
解析
解:(1)对A到C的过程运用动能定理得,,
代入数据解得vC=6m/s.
(2)对在水平面上的运动过程运用动能定理得,
,
代入数据解得x=6m.
答:(1)人滑到斜面底端C时的速度大小为6m/s;
(2)人离开C点后还要在地面上滑行6m才能停下.
如图所示,内壁粗糙、半径R=0.4m的四分之一圆弧轨道AB在最低点B与光滑水平轨道BC相切.质量m2=0.2kg的小球b左端连接一轻质弹簧,静止在光滑水平轨道上,另一质量m1=0.2kg的小球a自圆弧轨道顶端由静止释放,运动到圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为小球a重力的2倍.忽略空气阻力,重力加速度g=10m/s2.求
(1)小球a由A点运动到B点的过程中,摩擦力做功Wf;
(2)小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中,弹簧的最大弹性势能Ep;
(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中,弹簧对小球b的冲量I的大小.
正确答案
解:
(1)小球由释放到最低点的过程中,根据动能定理:
…①
小球在最低点,根据牛顿第二定律:
…②
由①②联立可得:
Wf=-0.4J…③
(2)小球a与小球b通过弹簧相互作用,达到共同速度v2过程中,由动量关系:
m1v1=(m1+m2)v2…④
由能量转化和守恒:
…⑤
由④⑤联立可得:
EP=0.2J…⑥
(3)小球a与小球b通过弹簧相互作用的整个过程中,a后来速度为v3,b后来速度为v4,由动量关系:
m1v1=m1v3+m2v4…⑦
由能量转化和守恒:
…⑧
根据动量定理有:
I=m2v4…⑨
由⑦⑧⑨联立可得:
I=0.4N•S.
答:
(1)小球a由A点运动到B点的过程中,摩擦力做功为-0.4J;
(2)小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中,弹簧的最大弹性势能为0.2J;
(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中,弹簧对小球b的冲量I的大小0.4N•S.
解析
解:
(1)小球由释放到最低点的过程中,根据动能定理:
…①
小球在最低点,根据牛顿第二定律:
…②
由①②联立可得:
Wf=-0.4J…③
(2)小球a与小球b通过弹簧相互作用,达到共同速度v2过程中,由动量关系:
m1v1=(m1+m2)v2…④
由能量转化和守恒:
…⑤
由④⑤联立可得:
EP=0.2J…⑥
(3)小球a与小球b通过弹簧相互作用的整个过程中,a后来速度为v3,b后来速度为v4,由动量关系:
m1v1=m1v3+m2v4…⑦
由能量转化和守恒:
…⑧
根据动量定理有:
I=m2v4…⑨
由⑦⑧⑨联立可得:
I=0.4N•S.
答:
(1)小球a由A点运动到B点的过程中,摩擦力做功为-0.4J;
(2)小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中,弹簧的最大弹性势能为0.2J;
(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中,弹簧对小球b的冲量I的大小0.4N•S.
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