- 机械能守恒定律
- 共29368题
跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一,如图所示为一简化后的跳台滑雪的雪道示意图.助滑坡由AB和BC组成,AB是倾角为θ=37°的斜坡,BC是半径为R=10m的圆弧面,圆弧面和斜面相切于B,与水平面相切于C,AB竖直高度差h1=35m,竖直跳台CD高度差为h2=5m,跳台底端与倾角为θ=37°的斜坡DE相连.运动员连同滑雪装备总质量为80kg,从A点由静止滑下,通过C点水平飞出,飞行一段时间落到着陆坡上,测得坡上落点E到D点距离为125m(不计空气阻力,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2).求:
(1)运动员到达C点的速度大小;
(2)运动员由A滑到C雪坡阻力做了多少功.
正确答案
(1)依据题意,运动员从C点飞出做平抛运动,设C点的速度为v
水平方向:SDEcosθ=v•t
竖直方向:SDEsinθ+h2=gt2
代入解得:v=25m/s
(2)运动员由A滑到C过程,设重力做功为W1,阻力做功为W2
由动能定理可知:W1+W2=△EK
其中:W1=mg(h1+R-Rcosθ),△EK=mv2-0
解得:W2=-4600J
答:
(1)运动员到达C点的速度大小为25m/s;
(2)运动员由A滑到C雪坡阻力做了-4600J的功.
如图所示,AB为水平轨道,A、B间距离s=2.25m,BCD是半径为R=0.40m的竖直半圆形轨道,B为两轨道的连接点,D为轨道的最高点.一小物块质量为m=1.2kg,它与水平轨道和半圆形轨道间的动摩擦因数均为μ=0.20.小物块在F=12N的水平力作用下从A点由静止开始运动,到达B点时撤去力F,小物块刚好能到达D点,g取10m/s2,试求:
(1)撤去F时小物块的速度大小;
(2)在半圆形轨道上小物块克服摩擦力做的功;
(3)若半圆形轨道是光滑的,其他条件不变,求当小物块到达D点时对轨道的压力大小.
正确答案
(1)以m为研究对象,设物体在恒力作用下的加速度为a,小物块到达B点时的速度为vB
水平方向根据牛顿运动定律:F-μmg=ma
=2as
代入数据得:v=6m/s
(2)设小物块到达D点时的速度为vD,因为小物块恰能到达D点
在D点应用牛顿第二定律得:mg=
设重力和摩擦力所做的功分别为WG和Wf,对于从B到D过程由动能定理得:
-(2mgR+Wf)=m
-
m
所以在圆形轨道上小物块克服摩擦力做的功为Wf=9.6J
(3)设圆轨道光滑时,小物块到达D点时的速度为,对于从B到D过程由机械能守恒定律得:
=2mgR+
设小物块在D受到圆轨道的压力为N,所以:
N+mg=
N=48N
答(1)撤去F时小物块的速度6.0m/s
(2)在半圆形轨道上小物块克服摩擦力做的功9.6J
(3)压力大小为48N
如图所示,遥控赛车比赛中一个规定项目是“飞跃壕沟”,比赛要求:赛车从起点出发,沿水平直轨道运动,在B点飞出后越过“壕沟”,落在平台EF段.已知赛车的额定功率P=10.0W,赛车的质量m=1.0kg,在水平直轨道上受到的阻力f=2.0N,AB段长L=10.0m,BE的高度差h=1.25m,BE的水平距离x=1.5m.若赛车车长不计,空气阻力不计,g取10m/s2.
(1)若赛车在水平直轨道上能达到最大速度,求最大速度vm的大小;
(2)要越过壕沟,求赛车在B点最小速度v的大小;
(3)若在比赛中赛车通过A点时速度vA=1m/s,且赛车达到额定功率.要使赛车完成比赛,求赛车在AB段通电的最短时间t.
正确答案
(1)赛车在水平轨道上达到最大速度时做匀速直线运动,设其牵引力为F牵,则有
F牵=f
又因为 P额=F牵vm所以vm==5m/s
(2)赛车通过B点在空中做平抛运动,设赛车能越过壕沟的最小速度为v,在空中运动时间为t1,则有
h=g
且x=vt1
所以v=3m/s
(3)若赛车恰好能越过壕沟,且赛车通电时间最短,在赛车从A点运动到B点的过程中,根据动能定理有
P额t-fL=mv2-
m
所以t=2.4s
答:(1)赛车在水平直轨道上能达到的最大速度vm的大小是5m/s;
(2)要越过壕沟,赛车在B点最小速度v的大小是3m/s;
(3)若在比赛中赛车通过A点时速度vA=1m/s,且赛车达到额定功率.要使赛车完成比赛,赛车在AB段通电的最短时间t是2.4s.
如图所示,一粗糙斜面 AB 与圆心角为37°的光滑圆弧 BC 相切,经过 C 点的切线方向水平.已知圆弧的半径为 R=1.25m,斜面 AB 的长度为 L=1m.质量为 m=1kg的小物块(可视为质点)在水平外力 F=1N作用下,从斜面顶端 A点处由静止开始,沿斜面向下运动,当到达 B 点时撤去外力,物块沿圆弧滑至 C 点抛出,若落地点 E 距离与 C 点间的水平距离为 x=1.2m,C 点距离地面高度为 h=0.8m.(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度 g 取10m/s2)求:
(1)物块经 C 点时对圆弧面的压力;
(2)物块滑至 B 点时的速度;
(3)物块与斜面间的动摩擦因数.
正确答案
(1)物块从C点到E点做平抛运动
由h=gt2,得 t=0.4s
v0==3m/s
由牛顿第二定律知:FN-mg=m
FN=17.2 N
由牛顿第三定律,知物体在C 点时对圆弧的压力为17.2N.
(2)从B点到C点由动能定理,知
mgR-mgRcos37°=m
-
m
解得:vB=2 m/s
(3)从A点到B点,由 vB2=2aL,
得a=2 m/s2
由牛顿第二定律知:
mgsin37°+Fcos37°-μ(mgcos37°-Fsin37°)=ma
解得:μ==0.65
答:(1)物体在C 点时对圆弧的压力为17.2N,(2)物块滑至 B 点时的速度为2m/s,(3)物块与斜面间的动摩擦因数0.65
某同学在离地面20m的高处把一个质量为0.5Kg的石头水平抛出,石块落地点离抛出点的水平距离为30m.空气阻力可以忽略不计.g取10m/s2.问:
(1)小球被抛出时的初速度是多少?
(2)小球抛出过程中人的手对小球做功多少?
(3)小球落地时的动能多大?
正确答案
(1)根据h=gt2得,平抛运动的时间t=
=
s=2s.
则小球抛出时的初速度v0==
m/s=15m/s.
(2)根据动能定理得,小球抛出过程中人的手对小球做功W=mv02=56.25J.
(3)根据动能定理得,mgh=mv2-
mv02
解得小球落地时的动能Ek=mv2=156.25J.
答:(1)小球被抛出时的初速度是15m/s.
(2)小球抛出过程中人的手对小球做功为56.25J.
(3)小球落地时的动能为156.25J.
如图为某高台滑雪轨道部分简化示意图.其中AB段是助滑雪道,倾角为α,BC段是水平起跳台,CD段是着陆雪道,倾角θ=37°,轨道各部分与滑雪板间的动摩擦因数均为μ=0.25,图中轨道最高点A处的起滑台距起跳台BC的竖直高度h=10m.A点与C点的水平距离L1=20m,C点与D点的距离为DC=28.125m,运动员连同滑雪板的质量m=60kg.滑雪运动员从A点由静止开始起滑,通过起跳台从C点水平飞出,在落到着陆雪道上时,运动员靠改变姿势自己的速度全部转化成沿着斜面方向,且无能量损失.运动员均可视为质点,设运动员在全过程中不使用雪杖助滑,忽略空气阻力的影响,取重力加速度g=10m/s2,求:
(1)从C点水平飞出时速度的大小;
(2)运动员在着陆雪道CD上的着陆位置与C点的距离;
(3)运动员滑过D点时的速度大小;
(4)滑雪运动员从A到D克服摩擦力做的功为多少.
正确答案
(1)滑雪运动员从A到C的过程中,由动能定理得:
mgh-μmgL=mvc2-0
解得vc=10m/s
(2)滑雪运动员从C水平飞出落到着陆雪道过程中做平抛运动,
x=vct…①
y=gt2…②
tgθ=…③
得 t=1.5s,x=15m;
着陆点位置与C点的距离s=
解得s=18.75m;
着陆位置到D点的距离s’=DC-S=9.375m
(3)滑雪运动员在着陆雪道上做匀加速直线运动
初速度为v0==
根据牛顿第二定律,有:mgsinθ-μmgcosθ=ma1
解得a1=4m/s2
运动到D点的速度设为vD,根据运动学公式,有vD2-v02=2a1s’
解得vD=20m/s
(4)从A点到D点动能定理mg(h+CDsinθ)-Wf=m
-0
Wf=4125J
答:(1)从C点水平飞出时速度的大小为10m/s;
(2)运动员在着陆雪道CD上的着陆位置到C点的距离为18.75m;
(3)运动员滑过D点时的速度大小为20m/s;
(4)滑雪运动员从A到D克服摩擦力做的功为为4125J.
如图示,摩托车做腾跃特技表演,以v0=10m/s的初速度冲上顶部水平的高台,然后从高台水平飞出,若摩托车冲向高台过程中以额定功率1.8kw行驶,所经时间为16s,人和车的总质量为180kg,台高h=6m,不计一切阻力,(g取10m/s2)求:
(1)摩托车从高台水平飞出的速度v;
(2)摩托车飞出的水平距离S是多少?
正确答案
(1)摩托车冲上高台的过程,由动能定理得,
Pt-mgh=mv2-
mv02
代入数据得,v=10m/s.
(2)摩托车飞离高台后做平抛运动
竖直方向上:h=gt2
水平方向上:s=vt
代入数据得,s=6m.
答:(1)摩托车从高台水平飞出的速度为10m/s.
(2)摩托车飞出的水平距离S是6m.
将一小球从空中M点以速度v0水平向右抛出,小球落在地面上的P点,落地时动能为Ek,N点是小球运动轨迹上的一点,若将小球从N点以速度v1水平向右抛出,小球落在地面上的Q点,落地时的动能也为Ek,下列说法正确的是( )
正确答案
小球从M到P重力做功,小球的动能增加,得:mghM=EK-m
①
小球从N到Q,重力做功,小球的动能增加,得:mghN=EK-m
②
因为hM>hN,所以:m
<
m
,即:v0<v1.故选项C、D都错误;
又因为从M点抛出的小球到达N点时,竖直方向已经有了向下的速度,所以从M点抛出的小球从N到P的时间小于从N点抛出的小球到达Q点 所用的时间,即tM<tN
水平方向的位移:xM=v0•tM<v1•tN=xN,所以Q点一定在P点右侧.故A错误,B正确.
故选:B
“投石机”是古代战争中常用的一种设备,它的结构可简化为如图所示的模型.某研学小组用自制的投石机演练投石过程.所用抛石机长臂的长度L=25/8m,质量m=12.0㎏的石块装在长臂末端的口袋中.开始时长臂与水平面间的夹角α=37°,对短臂施力,使石块经较长路径获得较大的速度,当长臂转到竖直位置时立即停止转动,石块被水平抛出,测得石块落地位置与抛出位置间的水平距离s=10m.不计空气阻力,重力加速度取g=10m/s2.求:
(1)石块刚被投出时的速度大小v0;
(2)石块刚落地时的速度vt的大小和方向;
(3)整个过程中投石机对石块所做的功W.
正确答案
(1)石块被抛出后做平抛运动
水平方向 s=v0t
竖直方向 h=gt2
又h=L+Lsinα
解得 v0=10m/s
(2)落地时,石块竖直方向的速度
vy=gt=10m/s
落地速度 vt==10
m/s
设落地速度与水平方向间的夹角为θ,则有
tanθ==1,得θ=45°
(3)长臂从开始位置到竖直位置的整个过程中,根据动能定理得
W-mgh=m
代入解得 W=1200J
答:(1)石块刚被投出时的速度大小v0=10m/s;
(2)石块刚落地时的速度vt的大小为10m/s,方向与水平方向间的夹角为45°;
(3)整个过程中投石机对石块所做的功W=1200J.
如图所示,在E=103V/m的水平向左匀强电场中,有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置,轨道与一水平绝缘轨道MN连接,半圆轨道所在竖直平面与电场线平行,其半径R=40cm,一带正电荷q=10-4 C的小滑块质量为m=40g,与水平轨道间的动摩因数μ=0.2,取g=10m/s2,求:
(1)小滑块由静止释放,如果恰能通过圆轨道的最高点L,通过L的速度是多少?
(2)要小滑块恰能通过圆轨道的最高点L,滑块应在水平轨道上离N点多远处释放?
正确答案
解:(1)滑块刚能通过轨道最高点条件是
(2)滑块由释放点到最高点过程由动能定理:
代入数据得:S=20m
如图装置叫做离心节速器,它的工作原理和下述力学模型类似:在一根竖直硬质细杆的顶端O用铰链连接两根轻杆,轻杆的下端分别固定两个金属小球.当发动机带动竖直硬质细杆转动时,两个金属球可在水平面上做匀速圆周运动,如图所示.设与金属球连接的两轻杆的长度均为L,两金属球的质量均为m,各杆的质量均可忽略不计.当发动机加速运转时,轻杆与竖直杆的夹角从30°增加到60°,忽略各处的摩擦和阻力.
求:(1)当轻杆与竖直杆的夹角为30°时金属球做圆周运动的线速度的大小v1;
(2)轻杆与竖直杆的夹角从30°增加到60°的过程中机器对两小球所做的总功.
正确答案
(1)金属球做匀速圆周运动,重力与拉力的合力作为向心力,
由mgtanθ=,
由r=lsinθ,
得V1==
.
(2)设小球在偏角为60°时做匀速圆周运动的速度大小为v2,夹角从30°增加到60°的过程中金属球上升的高度为h,则,
mgtan60°=
上升的距离 h=l(co30°-cos 60°)
根据动能定理得
W-2mgh=2(mV22-
mV12)
由以上方程解 W=mgl.
答:(1)当轻杆与竖直杆的夹角为30°时金属球做圆周运动的线速度的大小为 .
(2)轻杆与竖直杆的夹角从30°增加到60°的过程中机器对两小球所做的总功为 mgl.
如图所示,滑块质量为m,与水平地面间的动摩擦因数为0.1,它以初速度由A点开始向B点滑行,AB=5R,并滑上光滑的半径为R的
圆弧BC,在C点正上方有一离C点高度也为R的旋转平台,沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q,旋转时两孔均能达到C点的正上方。若滑块滑过C点后进入P孔,又恰能从Q孔落下,则平台转动的角速度ω应满足什么条件?
正确答案
解:设滑块至B点时速度为vR,对滑块由A点到B点应用动能定理有
解得
滑块从B点开始运动后机械能守恒,设滑块到达P处时速度为vP,则
解得
滑块穿过P孔后再回到平台的时间
要想实现题述过程,需满足
如图所示,竖直平面内半圆形管道ADB固定在CD杆上,AB为直径,CD过圆心O且与AB垂直,半圆管道右半BD部分光滑,左半AD部分有摩擦,圆管道半径R=OB=0.2m,E点为圆管道BD中的一点,OE与CD夹角为θ=60°,两个完全相同的可看作质点的小球,球直径略小于管道内径,小球质量m=0.1kg,g=10m/s2,求:
(1)如图甲所示,当圆管道绕CD杆匀速转动时,要使小球稳定在管道中的E点,角速度ω应该多大?
(2)如图乙所示,圆管道保持静止,在圆管道D点处放置一静止小球,另一小球由静止开始从B端管口放入,该球经过D点时(未与另一小球相碰)对管道的压力?
(3)接(2)问,两球在D点相碰(碰撞时间极短)后粘在一起能运动到最高点F,OF与CD夹角为α=37°,求此过程中摩擦力所做的功?
正确答案
解:(1)小球在E点时受重力和管道的弹力,其合力提供向心力,由牛顿第二定律可得
(2)设小球运动到D点时速度为v1,由机械能守恒定律可得
设小球受到管道的弹力为N2,沿半径方向,由牛顿第二定律可得
根据牛顿第三定律,小球过E点时对管道的压力F=1.5N
(3)设碰后瞬间两球的速度为v2,根据动量守恒定律
设摩擦力做功为w,由动能定理可得
过山车是游乐场中常见的设施。下图是一种过山车的简易模型,它由水平轨道和在竖直平面内的三个圆形轨道组成,B、C、D分别是三个圆形轨道的最低点,B、C间距与C、D间距相等,半径、
。一个质量为
kg的小球(视为质点),从轨道的左侧A点以
的初速度沿轨道向右运动,A、B间距
m。小球与水平轨道间的动摩擦因数
,圆形轨道是光滑的。假设水平轨道足够长,圆形轨道间不相互重叠。重力加速度取
,计算结果保留小数点后一位数字。试求
(1)小球在经过第一个圆形轨道的最高点时,轨道对小球作用力的大小;
(2)如果小球恰能通过第二圆形轨道,B、C间距应是多少;
(3)在满足(2)的条件下,如果要使小球不能脱离轨道,在第三个圆形轨道的设计中,半径应满足的条件;小球最终停留点与起点的距离。
正确答案
解:(1)设小于经过第一个圆轨道的最高点时的速度为v1,根据动能定理
①
小球在最高点受到重力mg和轨道对它的作用力F,根据牛顿第二定律
②
由①②得 ③
(2)设小球在第二个圆轨道的最高点的速度为v2,由题意
④
⑤
由④⑤得 ⑥
(3)要保证小球不脱离轨道,可分两种情况进行讨论:
I.轨道半径较小时,小球恰能通过第三个圆轨道,设在最高点的速度为v3,应满足
⑦
⑧
由⑥⑦⑧得
II.轨道半径较大时,小球上升的最大高度为R3,根据动能定理
解得
为了保证圆轨道不重叠,R3最大值应满足
解得R3=27.9m
综合I、II,要使小球不脱离轨道,则第三个圆轨道的半径须满足下面的条件
或
当时,小球最终焦停留点与起始点A的距离为L′,则
当时,小球最终焦停留点与起始点A的距离为L〞,则
质量为M的轮轴其轴半径为r,轮半径为R,可绕水平转轴O转动.重物质量为m,由轻绳绕在轮轴上,如图所示.重物由静止下落高度为h时的速度为v,则轮轴转动的动能为______;此时轮边缘某点的线速度为______.(不计一切阻力)
正确答案
根据机械能守恒定律,轮轴转动的动能为:Ek=mgh-mv2;
轮轴转动的角速度为:ω=;
故轮边缘某点的线速度为:v′=ωR=;
故答案为:mgh-mv2,
.
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