- 机械能守恒定律
- 共29368题
如图所示,以A、B和C、D为端点的两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内,一滑板静止在光滑水平面上,左端紧靠B点,上表面所在平面与两半圆分别相切于B、C。一物块被轻放在水平匀速运动的传送带上E点,运动到A时刚好与传送带速度相同,然后经A沿半圆轨道滑下,再经B滑上滑板.滑板运动到C时被牢固粘连。物块可视为质点,质量为m,滑板质量M=2m,两半圆半径均为R,板长ι=6.5R,板右端到C的距离L在R
(1) 求物块滑到B点的速度大小;
(2) 试讨论物块从滑上滑板到离开滑板右端的过程中,克服摩擦力做的功Wf与L的关系,并判断物块能否滑到CD轨道的中点。
正确答案
解:(1)物块从E 点运动到B 点的过程中,只有皮带对物块的摩擦力和重力两个力做功,对该过程应用动能定理得:
(2)物块m和木板M在相互作用的过程中动量守恒,设两者可以达到共同速度,设为V1,该过程中木板运动的位移为X1,两者的相对位移为x。
由动量守恒定律得:
所以
由能量守恒定律得:
对木板应用动能定理得:
当时,到达C点的整个过程中始终存在滑动摩擦力,所以克服摩擦力做功为:
当时,物块和木板可以达到相同的速度,此后直到木板碰到C点这一过程中,物块和木板之间是没有摩擦力的,该阶段摩擦力不做功。故这种情况下克服摩擦力做功为:
,与L无关。
综合两种情况可知,当L=R时,物块克服摩擦力做功最小,这个过程中物块到达C点的速度最大,对这个过程有:滑上CD轨道后,
设上升的最大高度为h,由机械能守恒定律得:
可见物块滑不到CD轨道的中点。
如图所示,两块带有等量异号电荷的平行金属板分别固定在长L=1 m的绝缘板的两端,组成一带电框架,框架右端带负电的金属板上固定一根原长为l0=0.5 m的绝缘轻弹簧,框架的总质量M=9 kg。由于带电,两金属板间产生了2×103 V的高电压,现有一质量为m=1kg、带电荷量q=+5×10-2 C的带电小球(可看成质点,且不影响金属板间的匀强电场)将弹簧压缩△l=0.2 m后用线拴住,因而使弹簧具有65 J的弹性势能。现使整个装置在光滑水平面上以v0=1 m/s的速度向右运动,运动中拴小球的细线突然断裂因而使小球被弹簧弹开。不计一切摩擦,且电势能的变化量等于电场力和相对于电场沿电场方向的位移的乘积,求:
(1)当小球刚好被弹簧弹开时,小球与框架的速度分别为多大?
(2)通过分析计算回答:在细线断裂以后的运动中,小球能否与左端金属板发生接触?
正确答案
解:(1)当弹簧刚好恢复原长时小球与弹簧分离,设此时小球的速度为v1,框架的速度为v2,根据动量守恒和能量守恒可列出下列方程:
mv1+Mv2=(m+M)v0
代入数值后解得:v1= -8 m/s,v2=2 m/s
(2)当小球与框架速度相等时,小球相对框架位移最大,根据动量守恒,此时两者共同速度仍为v0。设从小球被弹开到两者速度再次相等小球对地位移为s1,框架对地位移为s2,根据动能定理有:
对小球:
对框架:
代入数值解得:s1=31.5 cm,s2=13.5 cm
因s1+s2=0.45 m<0.5 m,故小球不会碰到左侧金属板
如图所示,以A、B和C、D为端点的两半圆形光滑轨道固定于竖直平面内,一滑板静止在光滑水平地面 上,左端紧靠B点,上表面所在平面与两半圆分别相切于B、C。一物块被轻放在水平匀速运动的传送带上E点,运动到A时刚好与传送带速度相同,然后经A沿半圆轨道滑下,再经B滑上滑板,滑板运动到C时被牢固粘连。物块可视为质点,质量为m,滑板质量M=2m,两半圆半径均为R,板长l=6.5R,板右端到C的距离L在R<L<5R范围内取值,E距A为s=5R,物块与传送带、物块与滑板间的动摩擦因数均为μ=0.5,重力加速度取g。
(1)求物块滑到B点的速度大小。
(2)试讨论物块从滑上滑板到离开滑板右端的过程中,克服摩擦力做的功Wf与L的关系,并判断物块能否滑到CD轨道的中点。
正确答案
解:(1)物块先做匀加速直线运动,滑动摩擦力做正功,到A点时恰好与传送带的速度相等,然后沿光滑的半圆滑下来。设物块滑到B点时的速度为vB,对物块运动的整个过程由能量关系有:
解得:
(2)假设物块和滑板能够达到共同的速度,设为v共,以物块和滑板组成的系统为研究对象,由动量守恒定律:mvB=(M+m)v共设物块在滑板上的相对位移为△s,由能量守恒定律有:μmg△s=v共2
由以上两式得:△s=6R<6.5R,所以滑块没有掉下来
设这个过程中滑板前进的位移为s,以滑板为研究对象,由动能定理得:v共2
解得:s=2R
物块的对地位移:s1=2R+△s=8R
当2R≤L<5R时,滑块先做匀减速运动,再做匀速运动,滑板碰撞静止后,物块再做匀减速运动,滑上C点,再沿圆周运动
由动能定理:
解得:,所以滑块不能滑到CD轨道的中点
当R<L<2R时,滑块先做匀减速运动,在没有和滑板达到共同速度之前,滑板碰撞静止,滑块仍然向前滑动,到C点,然后滑上轨道。若恰好能上升到中点,则应满足-μmg(L+6.5R)-mgh=
解得:L=0.5R
L越小越容易上到中点,但R<2L<2R,故物块不能上升到CD轨道的中点
Wf=μng(L+6.5R)
如图所示,一条轨道固定在竖直平面内,粗糙的ab段水平,bcde段光滑,cde段是以O为圆心、R为半径的 一小段圆弧,圆心O与ab在同一水平线上。可视为质点的物块A和B紧靠在一起,静止于b处,A的质量是B的3倍。两物块在足够大的内力作用下突然分离,分别向左、右始终沿轨道运动。B到d点时速度沿水平方向,此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的倍,A与ab段的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,求:
(1)物块B在d点的速度大小;
(2)物块A滑行的距离s和时间t。
正确答案
解:(1)在d点对B,由牛顿第二定律得:
,解得
(2)设A、B在分离瞬间速度大小分别为v1、v2,取水平向右方向为正,A、B分离过程动量守恒,则:
3m(-v1)+mv2=0
A、B分离后,B从b点到d点过程由动能定理得:
A向左减速至零过程由动能定理得:
,解得:
A向左减速至零过程由动量定理得
-μ(3mg)t=0-3mv1,解得
某机械打桩机原理可简化为如图所示,直角固定杆光滑,杆上套有mA=55kg和mB=80kg两滑块,两滑块用无弹性的轻绳相连,绳长为5m,开始在外力作用下将A滑块向右拉到与水平夹角为37°时静止释放,B滑块随即向下运动带动A滑块向左运动,当运动到绳子与竖直方向夹角为37°时,B滑块(重锤)撞击正下方的桩头C,桩头C的质量mC=200kg。碰撞时间极短,碰后A滑块由缓冲减速装置让其立即静止,B滑块反弹上升h1=0.05m,C桩头朝下运动h2=0.2m静止。取g=10m/s2。求:
(1)滑块B碰前的速度;
(2)泥土对桩头C的平均阻力。
正确答案
解:(1)设碰前A的速度为vA,B的速度为vB,由系统机械能守恒定律:
物体A和物体B沿绳的分速度相等:
联立以上两式得:
(2)B与C碰撞动量守恒:
B碰后竖直上抛:
联立以上两式得:
对C用动能定理:
所以
竖直平面内的轨道ABC由水平滑道AB与光滑的四分之一圆弧滑道BC平滑连接组成,轨道放在光滑的水平面上。一个质量为m=1 kg的小物块(可视为质点)从轨道的A端以初速度v0=8 m/s冲上水平滑道AB,沿着轨道运动,由CB弧滑下后停在水平滑道AB的中点,已知轨道ABC的质量为M=3 kg。求:
(1)小物块和滑道相对静止时共同的速度;
(2)若小物块恰好不从C端离开滑道,圆弧滑道的半径R应是多大?
(3)若增大小物块的初速度,使得小物块冲出轨道后距离水平滑道AB的最大高度是2R,小物块的初速度v'0应多大。
正确答案
解:(1)小物块冲上轨道的初速度设为v0,最终停在AB的中点,跟轨道有相同的速度,设为v1,在这个过程中由系统动量守恒有mv0=(M+m)v1 ①
可得v1=2 m/s②
(2)小物块冲上轨道到最终停在AB的中点,设物块与轨道间滑动摩擦力为f,由能量守恒得
若小物块恰好到达C端,此时它与轨道有共同的速度v1,在此过程中系统总的动能减少转化为内能和物块的势能
由③、④解得,要使物块恰好不从C点离开滑道,圆弧半径应为R=0.8m ⑤
(3)设物块以初速度v'0上轨道,可以达到的最大高度为2R,物块从C点离开轨道,其水平方向的速度总与轨道速度相等,达到最高点时,物块水平方向跟轨道的速度相等设为v2,则有mv'0=(m+M)v2 ⑥
由⑥、⑦可得v'0=9.25 m/s ⑧
甲、乙两小孩各乘一辆冰车在水平冰面上游戏,甲和他的冰车质量共为M=30kg,乙和他的冰车质量也是30 kg,游戏时,甲推着一个质量为m=15 kg的箱子,和他一起以大小为v0=2.0 m/s的速度滑行,乙以同样大小的速度迎面滑来。为了避免相撞,甲突然将箱子沿冰面推给乙,箱子滑到乙处时,乙迅速把它抓住,若不计冰面的摩擦力,求:
(1)甲至少要以多大的速度(相对地面)将箱子推出,才能避免与乙相撞?
(2)甲推出箱子时对箱子做了多少功?
正确答案
解:(1)设三个物体的共同速度为v,根据系统动量守恒,有(M+m)v0-Mv0=(M+m+M)v
设箱子被推出的速度为v',根据箱、乙二者动量守恒有:mv'-Mv0=(M+m)v
=5.2 m/s
(2)根据动能定理,甲对箱子所做的功为:
如图所示,光滑水平面MN的左端M处有一弹射装置P,右端N处与水平传送带理想连接。传送带水平部分长L=8m,并以恒定速度v=3m/s沿图示箭头方向移动。质量均为m=1kg、静止于MN上的物块A、B(视为质点)之间压缩一轻弹簧,贮有弹性势能EP=16J。若A、B与传送带间的动摩擦因数μ=0.2,则解除弹簧压缩,弹开物块A、B后,求:
(1)物块B在传送带上向右滑行的最远距离L1;
(2)物块B返回到水平面MN时的速度vB′;
(3)若物块B返回水平面MN后,与被弹射装置P弹回的物块A在水平面MN上弹性碰撞(碰撞过程无动能损失,碰撞时间极短),使物块B从传送带水平部分的右端Q滑出,则弹射装置P必须给物块A至少做多少功?
正确答案
解:(1)解除锁定后弹簧恢复原长时,A、B的速度大小分别为vA、vB,
由系统机械能守恒、动量守恒mBvB=mAvA
联立解得vA=vB=4m/s
设B沿传送带向右滑行的最远距离为L1,由功能关系
解得L1=4m
(2)因为v=4m/s>3m/s,所以B返回时先加速再随传送带一起运动,
B返回到水平面MN时的速度vB′=3m/s
(3)以A为研究对象,设碰后A、B的速度分别为vA′、vB′′,
由动能定理
B能从Q端滑出一定有
A与B质量相等,完全弹性碰撞后速度互换,则A的速度vA′=vB′′
联立解得 W≥8J。
如图所示,水平地面上静止放置着物块B和C,相距=1.0m。物块A以速度=10m/s沿水平方向与B正碰。碰撞后A和B牢固地粘在一起向右运动,并再与C发生正碰,碰后瞬间C的速度
=2.0m/s。已知A和B的质量均为m,C的质量为A质量的k倍,物块与地面的动摩擦因数μ=0.45。(设碰撞时间很短,g取10m/s2)
(1)计算与C碰撞前瞬间AB的速度;
(2)根据AB与C的碰撞过程分析k的取值范围,并讨论与C碰撞后AB的可能运动方向。
正确答案
解:(1)设AB碰撞后的速度为v1,AB碰撞过程由动量守恒定律得
设与C碰撞前瞬间AB的速度为v2,由动能定理得
联立以上各式解得
(2)若AB与C发生完全非弹性碰撞,由动量守恒定律得
代入数据解得
此时AB的运动方向与C相同若AB与C发生弹性碰撞,由动量守恒和能量守恒得
联立以上两式解得,
代入数据解得
此时AB的运动方向与C相反若AB与C发生碰撞后AB的速度为0,
由动量守恒定律得
代入数据解得
总上所述得
当时,AB的运动方向与C相同;
当时,AB的速度为0;
当时,AB的运动方向与C相反。
如图所示的凹形场地,两端是半径为L的光滑1/4圆弧面,中间是长为4L的粗糙水平面,质量为3m的滑块乙开始停在水平面的中点0处,质量为m的滑块甲从光滑圆弧面顶端A处无初速度滑下,进入水平面内并与乙发生碰撞,碰后以碰前一半的速度反弹。已知甲、乙与水平面的动摩擦因数分别为μ1,μ2且μ1= 2μ2。甲、乙的体积大小忽略不计,求:
(1)甲与乙碰撞前的速度。
(2)碰后瞬间乙的速度。
(3)甲、乙在O处发生碰撞后,刚好不再发生碰撞,则甲、乙停在距B点多远处。
正确答案
解:(1)设甲到达O处与乙碰撞前的速度为v甲,由动能定理
得
(2)设碰撞后甲乙速度为,则
又,得:
。
(3)由于μ1=2μ2,所以甲、乙在水平面上运动的加速度满足:a甲=2a乙
设甲在水平地面上通过的路程为S1、乙在水平地面上通过的路程为S2,则有:v'甲2=2a甲1
v'乙2=2a乙S2,即①
由于甲、乙刚好不再发生第二次碰撞,所以甲、乙在同一地点停下。
有以下两种情况:
第一种情况:甲返回时未到达B时就已经停下,此时有:S1<2L
而乙停在甲所在位置时,乙通过的路程为:S2=2L+2L+S1=4L+S1因为S1与S2不能满足①,因而这种情况不能发生。
第二种情况:甲、乙分别通过B、C冲上圆弧面后,返回水平面后相向运动停在同一地点,
所以有:S1+S2=8L②
由①②两式得:
即小车停在距B为。
如图所示,在距水平地面高为0.4m处,水平固定一根长直光滑杆,在杆上P点固定一定滑轮,滑轮可绕水平轴无摩擦转动,在P点的右边,杆上套有一质量m=2kg小球A。半径R=0.3m的光滑半圆形细轨道,竖直地固定在地面上,其圆心O在P点的正下方,在轨道上套有一质量也为m=2kg的小球B。用一条不可伸长的柔软细绳,通过定滑轮将两小球连接起来。杆和半圆形轨道在同一竖直面内,两小球均可看作质点,且不计滑轮大小的影响,g取10m/s2。现给小球A一个水平向右的恒力F=55N。求:
(1)把小球B从地面拉到P点正下方C点过程中,力F做的功;
(2)小球B运动到C处时的速度大小;
(3)小球B被拉到离地多高时与小球A速度大小相等。
正确答案
解:(1)小球B运动到P点正下方过程中的位移为m
得:WF=FxA=22J
(2)由动能定理得
代入数据得:v=4m/s
(3)当绳与圆环相切时两球的速度相等
=0.225m
有一质量m=1000kg的混合动力轿车,在平直公路上以v1=90km/h匀速行驶,发动机的输出功率为P=50kw.当驾驶员看到前方有80km/h的限速标志时,保持发动机功率不变,立即启动利用电磁阻尼带动的发电机工作给电池充电,使轿车做减速运动,运动L=72m后,速度变为v2=72km/h.此过程中发动机功率的五分之一用于轿车的牵引,五分之四用于供给发电机工作,发动机输送给发电机的能量最后有50%转化为电池的电能.假设轿车在上述运动过程中所受阻力保持不变.求
(1)轿车以90km/h在平直公路上匀速行驶时,所受阻力F阻的大小;
(2)轿车从90km/h减速到72km/h过程中,获得的电能E电;
(3)轿车仅用其在上述减速过程中获得的电能E电维持72km/h匀速运动的距离L'.
正确答案
(1)由瞬时功率公式有:P=F牵v.
当汽车匀速运动时,由共点力平衡条件有:
F牵-F阻=0.
代入数据解得:F牵=F阻=2000N;
(2)对汽车的减速运动过程,运用动能定理有:
Pt-F阻L=
mV22-
mV12.
代入数据解得:Pt=1.575×105J.
电源获得的电能为:
E电=0.5×Pt=6.3×104J.
(3)依题意,汽车在平直公路上匀速行驶时受到的阻力仍为F阻=2000N.
对这一过程运用能量守恒定律有:
E电=FL′=F阻L′.
代入数据解得:L′=31.5m
答:(1)轿车以90km/h在平直公路上匀速行驶时,所受阻力F阻的大小是2000N;
(2)轿车从90km/h减速到72km/h过程中,获得的电能E电是6.3×104J;
(3)轿车仅用其在上述减速过程中获得的电能E电维持72km/h匀速运动的距离L'是31.5m.
跳水运动员从高于水面H=10m的跳台自由落下,身体笔直且与水面垂直.假设运动员的质量m=50kg,其体型可等效为一长度L=1.0m、直径d=0.30m的圆柱体,略去空气阻力.运动员落水后,水的等效阻力f作用于圆柱体的下端面,f的量值随落水深度Y变化的函数曲线如图所示. 该曲线可近似看作椭圆的一部分,该椭圆的长、短轴分别与坐标轴OY和Of重合.运动员入水后受到的浮力F=ρgV (V是排开水的体积)是随着入水深度线性增加的.已知椭圆的面积公式是S=πab,水的密度ρ=1.0×103kg/m3,g取10m/s2.
试求:
(1)运动员刚入水时的速度;
(2)运动员在进入水面过程中克服浮力做的功;
(3)为了确保运动员的安全,水池中水的深度h至少应等于多少?
正确答案
(1)运动员刚入水时的速度为:
v==
=10
m/s
(2)浮力做功分为两个阶段,运动员进入水面为第一阶段,水的浮力线性增加,其做功为:
WF1=-L=-
πρd2L2g
代入解得 WF1=-353.25 J
(3)设水深为h,第二阶段浮力是恒力,其所做的功WF2=-ρπd2Lg(h-L)
水的阻力做功为图中曲线与横轴所围的面积:Wf=-π
mgh=-
πmgh
运动员的始、末状态的速度均为零,对整个过程应用动能定理:
WG+WF1+WF2+Wf=0
又 WG=mg(H+h)
联立得 mg(H+h)-πρL2d2g-
πρLd2g(h-L)-
πmgh=0,
代入数据解得至少水深为 h=4.51m
答:
(1)运动员刚入水时的速度为10m;
(2)运动员在进入水面过程中克服浮力做的功为-353.25 J
(3)为了确保运动员的安全,水池中水的深度h至少应等于4.51m.
如图甲所示,长为L、质量为M=2m的长木板静止在光滑的水平面上,质量为m的滑块以初速度滑上长木板,滑块离开木板时的速度为
=
。
(1)求滑块离开木板时木板的速度和此过程中产生的内能Q;
(2)现将木板由上到下分成两块,并对接粘连在一起成木板C(如图乙所示),滑块与C之间的动摩擦因数还和原来一样,让滑块仍以初速度滑上长木板,求滑块在C上滑行的距离S。
正确答案
解:(1)滑块在木板上滑动过程中动量守恒m=m
+2m
①
损失的机械能转化为内能:Q=μmgL= ②
解得:=
,Q=
③
(2)设滑块未滑离离木板,共同速度为,则:m
=3m
④
=
-
⑤
联立②④⑤解得: ⑥
<2
,滑块没有滑离木板,所以
质量为10kg的物体放在水平地面上,物体与地面间的动摩擦因数为0.2.如果用大小为50N、方向与水平成37°角斜向上拉动物体运动10m的距离.求:
(1)在这个过程中拉力对物体所做的功;
(2)物体运动到10m位置时具有的动能.(g取10m/s2;sin37°=0.6;cos37°=0.8)
正确答案
(1)拉力F做功为W=Fscosθ=50×10×0.8=400J
(2)根据受力分析得出f=μ(mg-Fsin37°)=14N
由动能定理得 Ek2=Fscos37°-fs=260J.
答:(1)在这个过程中拉力对物体所做的功为400J;
(2)物体运动到10m位置时具有的动能为260J.
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