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简答题

水上滑梯可简化成如图所示的模型,斜槽AB和水平槽BC平滑连接,斜槽AB的竖直高度H=60 m,倾角θ=37°。水平槽BC长d=2.0 m,BC 面与水面的距离h=0.80 m,人与AB、BC间的动摩擦因数均为μ=0.10。取重力加速度g=10 m/s2,cos37°=0 8,sin37°=0.6。一小朋友从滑梯顶端A点无初速地自由滑下,求:

(1)小朋友沿斜槽AB下滑时加速度的大小a;

(2)小朋友滑到C点时速度的大小v;

(3)在从C点滑出至落到水面的过程中,小朋友在水平方向位移的大小x。

正确答案

解:(1)小朋友沿AB下滑时,受力情况如图所示

根据牛顿第二定律得

又Ff=μFN,FN=mgcosθ

得小朋友滑AB下滑时加速度的大小a=gsinθ-μgcosθ=5.2 m/s2

(2)小朋友从A滑到C的过程中,根据动能定理得

得小朋友滑到C点时速度的人小v=10 m/s

(3)在从C点滑出至落到水面的过程中,小朋友做平抛运动,设此过程经历的时间为t,则

小朋友在水平方向的位移x=vt

解得x=4.0 m

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简答题

如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成,轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接,其中轨道AB、CD段 是光滑的,水平轨道BC的长度s=5 m,轨道CD足够长且倾角θ=37°,A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30 m,h2=1.35 m。现让质量为m的小滑块自A点由静止释放。已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数μ=0.5,重力加速度g取11 m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。求:

(1)小滑块笫一次到达D点时的速度大小;

(2)小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔:

(3)小滑块最终停止的位置距B点的距离

正确答案

解:(1)小物块从A→B→C→D过程中,由动能定理得

将h1、h2、s、μ、g代入得:vD=3 m/s

(2)小物块从A→B→C过程中,由动能定理得

将h1、s、μ、g代入得:vC=6 m/s

小物块沿CD段上滑的加速度大小a=gsinθ=6 m/s2

小物块沿CD段上滑到最高点的时间

由于对称性可知小物块从最高点滑回C点的时间t2=t1=1 s

故小物块第一次与第二次通过C点的时间间隔t=t1+t2=2 s

(3)对小物块运动全过程利用动能定理,设小滑块在水平轨道上运动的总路程为s,有:mgh1=μmgs将h1、μ、g代入得s=8.6 m

故小物块最终停止的位置距B点的距离为2s-s=1.4 m

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简答题

如图所示,一水平圆盘绕过圆心的竖直轴转动,圆盘边缘有一质量m=1.0 kg的小滑块。当圆盘转动的角速度达到某一数值时,滑块从圆盘边缘滑落,经光滑的过渡圆管进入轨道ABC。已知AB段斜面倾角为53°,BC段斜面倾角为37°,滑块与圆盘及斜面间的动摩擦因数均μ=0.5,A点离B点所在水平面的高度h=1.2 m。滑块在运动过程中始终未脱离轨道,不计在过渡圆管处和B点的机械能损失,最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力,取g=10 m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

(1)若圆盘半径R=0.2 m,当圆盘的角速度多大时,滑块从圆盘上滑落?

(2)若取圆盘所在平面为零势能面,求滑块到达B点时的机械能。

(3)从滑块到达B点时起,经0.6 s正好通过C点,求BC之间的距离。

正确答案

解:(1)滑块在圆盘上做圆周运动时,静摩擦力充当向心力,根据牛顿第二定律,可得:μmg=mω2R

代入数据解得:

(2)滑块在A点时的速度:vA=ωR=1 m/s

从A到B的运动过程由动能定理得:mgh-μmgcos53°×h/sin53°=

在B点时的机械能为:

(3)滑块在B点时的速度:vB=4 m/s

滑块沿BC段向上运动时的加速度大小:a1=g(sin37°+μcos37°)=10 m/s2

返回时的加速度大小:a2=g(sin37°-μcos37°)=2 m/s2

BC间的距离:

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如图所示,长木板A上右端有一物块B,它们一起在光滑的水平面上向左做匀速运动,速度v0=2.0 m/s。A左侧有一个与A等高的固定物体C。已知A的质量为mA=1.0 kg,物块B的质量为mB=3.0 kg,B与A间的动摩擦因数μ=0.5,取g=10 m/s2。求:

(1)若A足够长,A与C第一次碰撞后,A立即与C粘在一起,求B在A上滑行的距离L应是多少;

(2)若A足够长,A与C发生碰撞后弹回(碰撞时间极短,没有机械能损失),求第一次碰撞后A、B具有的共同运动速度;

(3)若A长为0.51 m,且A与C每次碰撞均无机械能损失,求A与C碰撞几次,B可脱离A?

正确答案

解:(1)A与C碰撞后速度变为0,而B将继续运动,受摩擦力作用,速度由v0减到0,由动能定理

(2)A与C发生碰撞后的瞬间,速度大小仍为v0,方向向右,以A、B为研究对象,设A、B有共同的速度v,水平方向不受外力作用,系统动量守恒,设向左为正,则mBv0-mAv0=(mA+mB)v

,方向水平向左

(3)第一次A与C碰后,A、B有共同的速度v,B在A上相对于A滑行L1,则

,L1=0.40 m

第二次A与C碰后至A、B有共同的速度v',B在A上相对于A滑行L2,则

mBv-mAv=(mA+mB)v',

由以上两式,可得L2=0.10 m

设第三次A与C碰后,A、B仍有共同的速度v'',B在A上相对于A 滑行L3,则

mBv'-mAv'=(mA+mB)v'',

由以上两式,可得L3=0.025 m

则L1+L2+L3=0.525m>0.51 m

即第三次碰后B可以脱离A

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简答题

如图所示,同一竖直线的A、B两点固定有等量异种点电荷,电量为q,正负如图所示,△ABC为一等边三角形(边长为L),CD为AB边的中垂线,且与右侧竖直光滑圆弧轨道的最低点C相切,已知圆弧的半径为R,现把质量为m,带电量为+Q的小球(可视为质点)由圆弧的最高点M静止释放,到最低点C时速度为v0。已知静电力常量为k,现取D为电势零点,求:

(1)在等量异种电荷A、B的电场中,M点的电势φM

(2)在最低点C轨道对小球的支持力FN多大?

正确答案

解:(1)小球由最高点M运动到C的过程中,由动能定理得

可得MC两点的电势差为

又等量异种电荷中垂线上的电势相等即C、D是等电势的

故M点的电势为

(2)+Q到达最低点C时,+q与-q对其的电场力F1、F2是大小相等的,有

又因为△ABC为一等边三角形,易知F1、F2的夹角是120°

所以二者的合力为,且方向是竖直向下的

由牛顿运动定律得

整理得轨道对小球的支持力

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简答题

半径R=4 500 km的某星球上有一倾角为θ=30°的固定斜面。一质量为m=l kg的小物块在力F作用下从静止 开始沿斜面向上运动,力F始终与斜面平行,如图(a)所示。已知小物块和斜面问的动摩擦因数力F随位移s变化的规律如图(b)所示(取沿斜面向上的方向为正),那么小物块运动12 m时速度恰好为零,试求:

(1)该星球表面上的重力加速度;

(2)该星球表面抛出一个物体,为使该物体不再落回该星球,至少需要多大速度?

正确答案

解:(1)假设该星球表面的重力加速度为g,根据动能定理,小物块在力F1作用过程中有:

 ①

N=mgcosθf=μN ②

小物块在力F2作用过程中有:

由题图可知:F1=20 N,s1=6 m;F2=4 N,s2=6 m

由①②③式得:g=8 m/s2 (2)要使抛出的物体不再落回星球,物体的最小速度v'必须满足:

所以

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简答题

如图所示,水平台高h=0.8m,台上A点放有一大小可忽略的滑块,质量m=0.5kg,滑块与台面间的动摩擦因数μ=0.5;现对滑块施加一个斜向上的拉力F=5N,θ=37°,经t1=1s,滑块到达平台上B点时撤去拉力,滑块继续运动,最终落到地面上的D点,x=0.4m。(取sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2

(1)求滑块在C点离开台面瞬间的速度;

(2)滑块在AB段的加速度大小;

(3)求AC间的距离。

正确答案

解:(1)在CD段,由平抛规律:

滑块在C点离开台面瞬间的速度

(2)在AB段,滑块受力如图

滑块的加速度

(3)由运动学规律:

在BC段,由动能定理:

AC间的距离

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如图所示,小物体A(可看做质点)的质量为m=2 kg,木板B长L=l m,质量M=3 kg,开始两物体静止,B放在水平面上且A位于B的最右端,现用F=24 N的水平拉力拉着轻质滑轮水平向左运动,不计一切摩擦,则经过一段时间t,求:

(1)A滑到B的最左端时A的速度及此过程拉力F所做的功;

(2)若经过时间时撤去轻质滑轮和力F而用另一个力F0水平向右作用于A,要确保A不从B的左端滑出,求力F0应满足什么条件?

正确答案

解:(1)由牛顿第二定律知:在绳拉力作用下A、B两物体的加速度分别为:

由题意知,代入数值得t=1s

所以A滑到B的最左端时A、B的速度分别为vA=aAt=6 m/s、vB=aBt=4 m/s

由功能关系知外力F所做功为

(2)经t/2撤去力F时,A相对B发生的位移为:

此时A、B的速度分别为v1=3 m/s、v2=2 m/s

要确保A不从B的左端滑出,则A滑至B的左端时速度正好与B相等,取B为参考系有

,代入数据有

故F0至少为

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简答题

如图所示,竖直平面内的轨道ABCD由水平轨道AB与光滑的四分之一圆弧轨道CD组成,AB恰与圆弧CD在C点相切,轨道固定在水平面上。一个质量为m的小物块(可视为质点)从轨道的A端以初动能E冲上水平轨道AB,沿着轨道运动,由DC弧滑下后停在水平轨道AB的中点。已知水平轨道AB长为L。求:

(1)小物块与水平轨道的动摩擦因数μ。

(2)为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道,圆弧轨道的半径R至少是多大?

(3)若圆弧轨道的半径R取第(2)问计算出的最小值,增大小物块的初动能,使得小物块冲上轨道后可以达到最大高度是1.5R处,试求物块的初动能并分析物块能否停在水平轨道上。如果能,将停在何处?如果不能,将以多大速度离开水平轨道?

正确答案

解:(1)小物块最终停在AB的中点,在这个过程中,由动能定理得

,得

(2)若小物块刚好到达D处,速度为零,同理,有

解得CD圆弧半径至少为

(3)设物块以初动能E′冲上轨道,可以达到的最大高度是1.5R,由动能定理得

,解得

物块滑回C点时的动能为

由于,故物块将停在轨道上

设到A点的距离为x,有,解得

即物块最终停在水平滑道AB上,距A点

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如图所示,四分之三周长的细圆管的半径R=0.4 m,管口B和圆心O在同一水平面上,D是圆管的最高点,其中半圆周BE段存在摩擦,BC和CE段动摩擦因数相同,ED段光滑;质量m=0.5 kg、直径稍小于圆管内径的小球从距B正上方高H=2.5 m的A处自由下落,从B处进入圆管继续运动直到圆管的最高点D飞出,恰能再次进入圆管。重力加速度g=10 m/s2。求:

(1)小球飞离D点时的速度;

(2)小球在D点时对轨道的压力大小和方向;

(3)小球从B点到D点过程中克服摩擦所做的功。

正确答案

解:(1)小球飞离D点后做平抛运动,有

 ①

 ②

由①②得m/s

(2)小球在D点受到重力mg,假设管道对它的作用力竖直向下为FN,由牛顿第二定律可得

解得FN=-2.5N

由牛顿第三定律可知小球对管道的内壁有压力,压力的大小为2.5N,方向竖直向下

(3)设小球从B到D的过程中克服摩擦力做功Wf

在A到D过程中根据动能定理,有

代入计算得Wf=10 J

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一滑块(可视为质点)经水平轨道AB进入竖直平面内的四分之一圆弧形轨道BC。已知滑块的质量m=0.50kg,滑块经过A点时的速度vA=5.0m/s,AB长x=4.5m,滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.10,圆弧轨道的半径R=0.50m,滑块离开C点后竖直上升的最大高度h=0.10m。取g=10m/s2。求

(1)滑块第一次经过B点时速度的大小;

(2)滑块刚刚滑上圆弧轨道时,对轨道上B点压力的大小;

(3)滑块在从B运动到C的过程中克服摩擦力所做的功。

正确答案

解:(1)滑块从A到B做匀减速直线运动,由动能定理得:

解得:

(2)在B点,由向心力公式得:

 

(3)由竖直上抛运动规律得:

滑块从B到C,由动能定理得

解得:J

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某兴趣小组设计了如图所示的玩具轨道,其中“2008”四个等高数字用内壁光滑的薄壁细圆管弯成,固定在竖直平面内(所有数字均由圆或半圆组成,圆半径比细管的内径大得多),底端与水平地面相切。弹射装置将一个小物体(可视为质点)以Va=5m/s的水平初速度由a点弹出,从b点进入轨道,依次经过“8002”后从p点水平抛出。小物体与地面ab段间的动摩擦因数μ=0.3,不计其它机械能损失。已知ab段长L=1.5m,数字“0”的半径R=0.2m,小物体质量m=0.01kg,g=10m/s2。求:

(1)小物体从p点抛出后的水平射程。

(2)小物体经过数字“0”的最高点时管道对小物体作用力的大小和方向。

正确答案

解:(1)设小物体运动到p点时的速度大小为v,对小物体由a运动到p过程应用动能定理得

 ①

小物体自P点做平抛运动,设运动时间为t,水平射程为s,则

 ②,s=vt ③

联立①②③式,代入数据解得s=0.8m ④

(2)设在数字“0”的最高点时管道对小物体的作用力大小为F,取竖直向下为正方向

 ⑤

联立①⑤式,代入数据解得F=0.3N ⑥,方向竖直向下

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探究某种笔的弹跳问题时,把笔分为轻质弹簧、内芯和外壳三部分,其中内芯和外壳质量分别为m和4m。笔的弹跳过程分为三个阶段:①把笔竖直倒立于水平硬桌面,下压外壳使其下端接触桌面(如图a);②由静止释放,外壳竖直上升至下端距桌面高度为h1时,与静止的内芯碰撞(如图b);③碰后,内芯与外壳以共同的速度一起上升到外壳下端距桌面最大高度为h2处(如图c)。设内芯与外壳的撞击力远大于笔所受重力、不计摩擦与空气阻力,重力加速度为g。求:

(1)外壳与内芯碰撞后瞬间的共同速度大小;

(2)从外壳离开桌面到碰撞前瞬间,弹簧做的功;

(3)从外壳下端离开桌面到上升至h2处,笔损失的机械能。

正确答案

解:设外壳上升高度h1时速度为V1,外壳与内芯碰撞后瞬间的共同速度大小为V2(1)对外壳和内芯,从撞后达到共同速度到上升至h2处,应用动能定理有

(4mg+m)( h2-h1)=(4m+m)V22,解得V2

(2)外壳和内芯,碰撞过程瞬间动量守恒,有

4mV1=(4mg+m)V2,解得V1

设从外壳离开桌面到碰撞前瞬间弹簧做功为W,在此过程中,对外壳应用动能定理有

W-4mgh1(4m)V12,解得W=mg

(3)由于外壳和内芯达到共同速度后上升高度h2的过程,机械能守恒,只是在外壳和内芯碰撞过程有能量损失,损失的能量为(4m)V12(4m+m)V22联立解得=mg(h2-h1)

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在某中学举办的智力竞赛中,有一个叫做“保护鸡蛋”的竞赛项目。要求制作一个装置,让鸡蛋从两层楼的高度落到地面且不被摔坏。如果没有保护,鸡蛋最多只能从0.1 m的高度落到地面而不被摔坏。有一位同学设计了如图所示的一个装置来保护鸡蛋,用A、B两块较粗糙的夹板夹住鸡蛋,A夹板和B夹板与鸡蛋之间的摩擦力都为鸡蛋重力的5倍。现将该装置从距地面4 m的高处落下,装置着地时间短且保持竖直不被弹起。取g=10 m/s2,不考虑空气阻力,求:

(1)如果没有保护,鸡蛋直接撞击地面而不被摔坏,其速度最大不能超过多少?

(2)如果使用该装置,鸡蛋夹放的位置离装置下端的距离x至少为多少米?(保留三位有效数字)

正确答案

解:(1)如果没有保护,鸡蛋直接撞击地面而不被摔坏,其速度最大为鸡蛋从高度h=0.1m处自由落地时的速度,即

(2)装置从高度H=4 m处落到地面时,鸡蛋的速度为v

装置与地面作用过程中,鸡蛋从离地x处滑到地面时速度只要小于就不会被摔坏,于是

x=0.433 m

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动车组是城际间实现小编组、大密度的高效运输工具,以其编组灵活、方便、快捷、安全、可靠、舒适等特点而备受世界各国铁路运输和城市轨道交通运输的青睐。动车组就是几节自带动力的车厢加几节不带动力的车厢编成一组,就是动车组。假设有一动车组由8节车厢连接而成,每节车厢的总质量均为7.5×104 kg。其中第一节、第二节带动力,他们的额定功率均为3.6×107W和2.4×107W,车在行驶过程中阻力恒为重力的0.1倍(g=10m/s2)。

(1)求该动车组只开动第一节的动力的情况下能达到的最大速度;

(2)若列车从A地沿直线开往B地,先以恒定的功率6×107W(同时开动第一、第二节的动力)从静止开始启动,达到最大速度后匀速行驶,最后除去动力,列车在阻力作用下匀减速至B地恰好速度为0。已知AB间距为5.0×104m,求列车从A地到B地的总时间。

正确答案

解:(1)只开动第一节动力的前提下,当第一节以额定功率运行且列车的牵引力等于阻力时达到最大速度:

其中阻力f=0.1×8mg=6.0×105 N,p1m=3.6×107W

60m/s

(2)列车以最大功率启动当牵引力等于阻力时达到最大速度

,代入数据得:

列车的总重量M=8mg=6.0×105kg

设列车从C点开始做匀减速运动,令A到C的时间为t1,AC间距为x1,B到C的时间为t2,BC间距为x2,在BC间匀减速运动的加速度为a

从B到C由牛顿第二定律和运动学公式得:

代入数据得:

从A到C的用动能定理得:

代入数据得:t1=500s

所以

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