- 机械能守恒定律
- 共29368题
如图所示,固定的光滑水平绝缘轨道与半径为R=0.2m、竖直放置的光滑绝缘的圆形轨道平滑连接,圆形轨道处于电场强度大小为,方向水平向右的匀强电场中。光滑水平绝缘轨道上有A、B、C、D四个可看作为质点的小球,已知mA=mD=0.1kg,mB=mC=0.2kg,A球带正电,电量为q,其余小球均不带电。小球C、D与处于原长的轻弹簧2连接,小球A、B中间压缩一轻且短的弹簧(弹簧弹力足够大),轻弹簧与A、B均不连接,在圆轨道的最低点由静止释放A、B后,A球在圆轨道运动时恰能做完整的圆周运动,B被弹开后与C小球碰撞且粘连在一起,设碰撞时间极短。g取10m/s2。试求:
(1)A球离开弹簧后的最小速度以及刚进入圆轨道时对轨道的压力的大小?
(2)弹簧2的最大弹性势能?
正确答案
解:(1)因带电小球A恰能做完整的圆周运动,则小球通过复合场中的最高点P的向心力由小球A的重力和电场力的合力提供,由圆周运动知识,此时速度为最小速度
设此时的速度大小为v,方向与重力的方向的夹角为θ
由牛顿第二定律:
解得:v=2m/s,tanθ=,θ=30°
小球A从圆周轨道的最低点运动到P的过程中,由动能定理有:
-mAg(R+Rsin30°)-EqRcos30°=
代入值得:vA=4m/s
在最低点位置,由牛顿第二定律:
解得:F=9N
由牛顿第三定律,A球离开弹簧后刚进入圆轨道时对轨道的压力的大小为9N
(2)在圆周轨道的最低点弹簧将B、A两球向左、右弹开,设弹开时A、B两球的速度大小分别为vA、vB由动量守恒有:mAvA=mBvB
代入值得:vB=vA/2= 2m/s
B与C碰撞动量守恒,设BC碰后速度为v1,则:mBvB=(mB+mC)v1
得:v1=1m/s
BC碰后,整体减速,D球加速,当两者速度相等(设为v2)时,弹簧最短,弹性势能最大
由动量守恒有:mBvB=(mB+mC+ mD)v2代入值得:v2=0.8m/s
由能量守恒得:J
有一倾角为θ的斜面,其底端固定一档板,另有三个木块A、B、C,它们的质量分别为mA=mB=m,mC=3m,它们与斜面间的动摩擦因数都相同。其中木块A和一轻弹簧连接,放于斜面上,并通过轻弹簧与档板M相连,如图所示。开始时,木块A静止在P点,弹簧处于原长,木块B在Q点以初速度v0沿斜面向下运动,P、Q间的距离为l,已知木块B在下滑过程中做匀速直线运动,与木块A碰撞后立刻一起沿斜面向下运动,但不粘连,它们到达一个最低点后向上运动,木块B向上运动恰好能回到Q点。现将木块C从Q点以初速度沿斜面向下运动,木块A仍静止于P点,经历同样的过程,最后木块C停在斜面上的R点(图中未画出)。求:
(1)A、B一起开始压缩弹簧时速度v1;
(2)A、B压缩弹簧的最大长度;
(3)P、R间的距离l'的大小。
正确答案
解:(1)木块B下滑做匀速运动,有mgsinθ=μmgcosθ
B和A碰撞后,设速度为v1,根据动量守恒定律得mv0=2mv1
解得v1=
(2)设两木块向下压缩弹簧的最大长度为x,两木块被弹簧弹回到P点时的速度为v2,根据动能定理得
一μ2mgcosθ2x=2mv
一
2mv
两木块在P点处分开后,木块B上滑到Q点的过程中,根据动能定理得
一(mgsinθ+μmgcosθ)l=0一mv
解得x=一l
(3)木块C与A碰撞前后速度为v1',根据动量守恒定律得3m=4mv1'
解得v1'=
设木块C和A压缩的最大长度为x',两木块被弹簧弹回到P点时的速度为v2',根据动能定理得
一μ4mgcosθ2x'=4mv'
一
4mv'
木块C与A在P点处分开后,木块C上滑到R的过程中,根据动能定理得
一(3mgsinθ+μ3mgcosθ)l'=0一3mv'
在木块压缩弹簧的过程中,重力对木块所做的功与摩擦力对木块所做的功大小相等,因此,木块B和A压缩弹簧的初动能Ek1==
木块C与A压缩弹簧的初动能Ek2==
即Ek1=Ek2
因此,弹簧先后两次的最大压缩量相等,即x=x',综上可得l'=l一
如图所示,在高为h=5 m的平台右边缘上,放着一个质量M=3 kg的铁块,现有一质量为m=1 kg的钢球以v0=10 m/s的水平速度与铁块在极短的时间内发生正碰被反弹,落地点距平台右边缘的水平距离为l=2 m。已知铁块与平台间的动摩擦因数μ=0.5,求铁块在平台上滑行的距离x(不计空气阻力,铁块和钢球都看成质点,取g=10 m/s2)。
正确答案
解:设钢球反弹后的速度大小为v1,铁块的速度大小为v2,碰撞时间极短系统动量守恒
mv0=Mv2-mv1
钢球做平抛运动
l=v1t
铁块在平台滑行的距离x=1.6 m
如图所示,粗糙斜面与光滑水平地面通过光滑小圆弧平滑连接,斜面倾角θ=37°,滑块A、C、D的质量均为m=1kg,滑块B的质量为mB=4kg,各滑块均可视为质点。A、B间夹着微量火药。K为处于原长的轻质弹簧,两端分别栓接滑块B和C。火药爆炸后,A与D相碰并粘在一起,沿斜面前进L=0.8 m时速度减为零,接着使其保持静止。已知滑块A、D与斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5,运动过程中弹簧始终处于弹性限度内,取g=10 m/s2,sin37°=0.6,cos37°= 0.8。求:
(1)火药爆炸后A的最大速度vA;
(2)滑块B、C和弹簧K构成的系统在相互作用过程中,弹簧的最大弹性势能Ep;
(3)滑块C运动的最大速度vC。
正确答案
解:(1)设A和D碰后的速度为v1,AD滑上斜面,由动能定理:
得:
m/s
火药爆炸后,A的速度最大为vA,由动量守恒定律有:
vA=8m/s
(2)火药爆炸过程,对A和B系统,由动量守恒定律,设B获得的速度为vB
vB=2 m/s
当B与C共速为时,弹簧弹性势能最大
由B、C系统动量守恒,
,
m/s
弹簧的最大弹性势能为:
EP=1.6 J
(3)当弹簧为原长时,滑块C的速度最大为vC,则:
如图所示,一条轨道固定在竖直平面内,粗糙的ab段水平,bcde段光滑,cde段是以O为圆心、R为半径的一小段圆弧,可视为质点的物块A和B紧靠在一起,静止于b处,A的质量是B的3倍。两物块在足够大的内力作用下突然分离,分别向左、右始终沿轨道运动。B到d点时速度沿水平方向,此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的。A与ab段的动摩擦因数为μ,重力加速度为g,求:
(1)物块B在d点的速度大小v;
(2)物块A滑行的距离s。
正确答案
解:(1)设物块A和B的质量分别为mA和mBB在d处的合力为F,依题意 ①
由牛顿第二定律得 ②
③
(2)设A和B分开时的速度分别为v1和v2,系统动量守恒mAv1-mBv2=0 ④
B从位置b运动到d的过程中,机械能守恒 ⑤
A在滑行过程中,由动能定理 ⑥
联立③④⑤⑥得
如图所示,水平光滑地面上停放着一辆小车,左侧靠在竖直墙壁上,小车的四分之一圆弧轨道AB是光滑的,在最低点B与水平轨道BC相切,BC的长度是圆弧半径的10倍,整个轨道处于同一竖直平面内。可视为质点的物块从A点正上方某处无初速下落,恰好落入小车圆弧轨道滑动,然后沿水平轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出。已知物块到达圆弧轨道最低点B时对轨道的压力是物块重力的9倍,小车的质量是物块的3倍,不考虑空气阻力和物块落入圆弧轨道时的能量损失。求:
(1)物块开始下落的位置距水平轨道BC的竖直高度是圆弧半径的几倍;
(2)物块与水平轨道BC间的动摩擦因数μ。
正确答案
解:(1)设物块开始下落处的位置距BC的竖直高度为h,圆弧轨道半径为R
由机械能守恒定律得:
在B点根据牛顿第二定律得:
解得:h=4R
(2)物块滑到C点时与小车的共同速度为v1 由动量守恒定律得:
对物块和小车应用动能定理得:
解得:μ=0.3
如图,木板A静止在光滑水平面上,其左端与固定台阶相距x.与滑块B(可视为质点)相连的细线一端固定在O点.水平拉直细线并给B一个竖直向下的初速度,当B到达最低点时,细线恰好被拉断,B从A右端的上表面水平滑入.A与台阶碰撞无机械能损失,不计空气阻力.
已知A的质量为2m,B的质量为m,A、B之间动摩擦因数为μ;细线长为L、能承受的最大拉力为B重力的5倍;A足够长,B不会从A表面滑出;重力加速度为g.
(1)求B的初速度大小v0和细线被拉断瞬间B的速度大小v1(2)A与台阶只发生一次碰撞,求x满足的条件
(3)x在满足(2)条件下,讨论A与台阶碰撞前瞬间的速度
正确答案
解:(1)滑块B从释放到最低点,机械能守恒,有:……①
在最低点,由牛顿运动定律:……②
又:……③
联立①②③得:,
;
(2)设A与台阶碰撞前瞬间,A、B的速度分别为vA和vB,由动量守恒
……④
若A与台阶只碰撞一次,碰撞后必须满足:……⑤
对A应用动能定理:……⑥
联立④⑤⑥解得:……⑦
即A与台阶只能碰撞一次的条件是:
(3)设x=时,A左端到台阶板前瞬间,A、B恰好达到共同速度,由动量守恒
……⑧
对A应用动能定理:……⑨
联立⑧⑨得:……⑩
(i)当即
时,AB共速后A与挡板碰撞.
由⑧可得A与台阶碰撞前瞬间的速度:……⑩
(ii)当即
时,AB共速前A就与台阶碰撞,
对A应用动能定理:
A与台阶碰撞前瞬间的速度:
如图,ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道,其中AB段是水平的,BD段为半径R=0.2m的半圆,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,场强大小E=5.0×103V/m 一不带电的绝缘小球甲,以速度v0沿水平轨道向右运动,与静止在B点带正电的小球乙发生弹性碰撞,已知甲、乙两球的质量均为m=1.0×10-2kg,乙所带电荷量q=2.0×10-5C,g取10m/a2。(水平轨道足够长,甲、乙两球可视为质点,整个运动过程无电荷转移)
(1)甲、乙两球碰撞后,乙恰能通过轨道的最高点D,求乙在轨道上的首次落点到B点的距离;
(2)在满足(1)的条件下,求甲的速度v0;
(3)若甲仍以速度v0向右运动,增大甲的质量,保持乙的质量不变,求乙在轨道上的首次落点到B点的距离范围。
正确答案
解:(1)在乙恰能通过轨道最高点的情况下,设乙到达最高点的速度为vD,
乙离开D点到达水平轨道的时间为t,乙的落点到B点的距离为x,则
①
②
x=vDt ③
联立①②③得x=0.4m ④
(2)设碰撞后甲、乙的速度分别为v甲、v乙根据动量守恒定律和机械能守恒定律有mv0=mv甲+mv乙 ⑤
联立⑤⑥得v乙=v0⑦
由动能定理,得⑧
联立①⑦⑧得⑨
(3)设甲的质量为M,碰撞后甲、乙的速度分别为vM、vm,
根据动量守恒定律和机械能守恒定律有Mv0= MvM+ mvm⑩
联立⑩得
由和M≥m,可得v0≤vm< 2v0
设乙球过D点时的速度为vDˊ,由动能定理得
联立⑨得2m/s≤vD'<8m/s
设乙在水平轨道上的落点距B点的距离为xˊ,有xˊ=vD't
联立②得0.4m≤xˊ<1.6m。
如图所示,质量为M的木板长为L,木板的两个端点分别为A、B,中点为O,木板置于光滑的水平面上并以v0的水平初速度向右运动。若把质量为m的小木块(可视为质点)置于木板的B端,小木块的初速度为零,最终小木块随木板一起运动。小木块与木板间的动摩擦因数为μ,重力加速度为g。求:
(1)小木块与木板相对静止时,木板运动的速度;
(2)从小木块放上木板到它与木板相对静止的过程中,木板运动的位移;
(3)小木块与木板间的动摩擦因数μ的取值在什么范围内,才能使木块最终相对于木板静止时位于OA之间。
正确答案
解:(1)小木块在木板上滑动直至相对静止的过程中系统动量守恒,设相对静止时共同速度为v,则
①
解得 ②
(2)从小木块放上木板到它与木板相对静止的过程中,设木板运动的位移为x,对木板应用动能定理
③
又因为 ④
解得
(3)设小木块恰好相对静止在A点,对系统由能量守恒和功能关系可得:
⑤
由①、④、⑤三个方程解得
设小木块恰好相对静止在O点,对系统由能量守恒和功能关系可得:
⑥
由①、④、⑥三个方程解得
所以要使木块m最终滑动到OA之间,μ值应取为≥μ ≥
(不等式中用大于号表示也算正确)
如图所示,在光滑水平面上有两个可视为质点的滑块A和B,它们的质量mA=3kg,mB=6kg,它们之间用一根不可伸长的轻绳连接。开始时都处于静止,绳松弛,A、B紧靠在一起。现对B施加一个方向水平向右的恒力F=3N,B开始运动,至绳绷紧时,两滑块通过轻绳相互作用,相互作用时间极短,作用后两滑块速度相同,此后两滑块共同在恒力F作用下继续运动,当两滑块的速度达到2/3m/s时,B滑块发生的总位移为s=0.75m。求:
(1)轻绳刚好拉直时质点B的速度;
(2)连接A、B的轻绳的长度。
正确答案
解:设轻绳长为L,绳刚拉直质点B速度为V
对B有: ①
对A、B有: ②
③
④
解方程①②③④得:V=0.5m/s,L=0.25m
如图所示,凹槽的水平底面宽度s=0.3m,左侧高度H=0.45m,右侧高度h=0.25m。凹槽的左侧竖直面与半径R=0.2m的1/4光滑圆弧轨道相接,A和B分别是圆弧的端点,右侧竖直面与水平面MN相接。小球P1静止从A点沿圆弧轨道滑下,与静置于B点的小球P2发生弹性碰撞。P2的质量m=1kg,P1的质量是P2质量的k倍。已知重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力。
(1)求小球P1从圆弧轨道滑至B点时的速度大小;
(2)若小球P2碰撞后第一落点在M点,求碰撞后P2的速度大小;
(3)设小球P2的第一落点与凹槽左侧竖直面的水平距离为x,试求x的表达式。
正确答案
解:(1)P1从A点滑至B点过程中,根据动能定理有:
解得在B点的速度=2m/s
(2)小球P2从B点到M点,根据平抛运动规律有:
得下落时间
由解得小球P1从C点抛出时的速度
=1.5m/s
(3)根据动量守恒定律有:
根据能量守恒有:
解得:
①若P2落在MN水平面,则
解得
即当时,
②当P2落在凹槽底面时,落地时间
最大抛出速度
所以若P2落在凹槽底面时,则,解得
即当时,
③当时,P2落在右侧竖直面上,故
。
如图所示,水平地研上静止放置着物块B和C,相距l=1.0m物块A以速度v0=10m/s沿水平方向与B正碰碰撞后A和B牢固地粘在一起向右运动,并再与C发生正碰,碰后瞬间C的速度v=2.0m/s已知A和B的质量均为m,C的质量为A质量的k倍,物块与地面的动摩擦困数μ=0.45(设碰撞时间很短,g取10m/s2)
(1)计算与C碰撞前瞬间AB的速度;
(2)根据AB与C的碰撞过程分析k的取值范围,并讨论与C碰撞后AB的可能运动方向。
正确答案
解:(1)设物体A、B的质量分别为mA和mB,A与B发生完全非弹性碰撞后的共同速度为v1。
取向右为速度正方向,由动量守恒定律mAv0=(mA+mB)v1 ①
设AB运动到C时的速度为v2,由动能定理
②
(2)设与C碰撞后AB的速度为v3,碰撞过程中动量守恒,有(mA+mB)v2=(mA+mB)v3+mCv ④
碰撞过程中,应有碰撞前的动能大于或等于碰撞后的动能,即
⑤
由④式,得⑥
联立⑤和⑥式,得k≤6 即:当k=6时,碰撞为弹性碰撞;
当k<6时,碰撞为非弹性碰撞。⑦
碰撞后AB向右运动的速度不能大于C的速度。
由⑥式,得 4 -k≤2k≥2
所以k的合理取值范围是6≥k≥2
综上得到: 当取k=4时,v3=0,即与C碰后AB静止 ⑧
当取4 >k≥2时,v3>0,即与C碰后AB继续向右运动⑨
当取6≥k>4时,v3<0,即碰后AB被反弹向左运动⑩
某兴趣小组用如图所示的装置进行实验研究。他们在水平桌面上固定一内径为d的圆柱形玻璃杯,杯口上放置一直径为3d/2、质量为m的匀质薄圆板,板上放一质量为2m的小物块。板中心、物块均在杯的轴线上。物块与板间动摩擦因数为μ,不计板与杯口之间的摩擦力,重力加速度为g,不考虑板翻转。
(1)对板施加指向圆心的水平外力F,设物块与板间最大静摩擦力为fmax,若物块能在板上滑动,求F应满足的条件。
(2)如果对板施加的指向圆心的水平外力是作用时间极短的较大冲击力,冲量为I。
① I应满足什么条件才能使物块从板上掉下?
② 物块从开始运动到掉下时的位移s为多少?
③ 根据s与I的关系式说明要使s更小,冲量应如何改变。
正确答案
解:(1)设圆板与物块相对静止时,它们之间的静摩擦力为f,共同加速度为a
由牛顿运动定律,有:对物块f=2ma,对圆板F-f=ma
两物相对静止,有f ≤ fmax
得
相对滑动的条件
(2)设冲击刚结束时圆板获得的速度大小为v0,物块掉下时,圆板和物块速度大小分别为v1和v2由动量定理,有I=mv0
由动能定理,有:
对圆板
对物块由动量守恒定律,有mv0=mv1+2mv2
要使物块落下,必须v1>v2
由以上各式得
分子有理化得根据上式结果知:I越大,s越小
质量mA=3.0kg、长度L=0.60m、电量q=+4.0C的导体板A在绝缘水平面上,质量mB=1.0kg可视为质点的绝缘物块B在导体板A上的左端,开始时A、B保持相对静止一起向右滑动,当它们的速度减小到
=3.0 m/s时,立即施加一个方向水平向左、场强大小E=1.0
N/C的匀强电场,此时A的右端到竖直绝缘挡板的距离为s,此后A、B始终处在匀强电场中,如图所示。假定A与挡板碰撞时间极短且无机械能损失,A与B之间(动摩擦因数
=0.25)及A与地面之间(动摩擦因数
=0.10)的最大静摩擦力均可认为等于其滑动摩擦力,g取10 m/s2。试通过计算分析:
(1)A在未与挡板相碰前A、B之间是否有相对滑动?
(2)要使B恰好不从A上滑下,s应等于多少?
正确答案
解:(1)A、B不相对滑动的最大加速度
若A、B一起作匀减速运动,则其加速度为
所以A、B要一起作匀减速运动
(2)设碰挡板前瞬间的速度为,则有
,
因与挡板相碰的过程无机械能损失,A碰撞挡板后只是速度反向,大小不变,以后A、B组成的系统合外力为零,动量守恒,有
要使B不从A上滑下,必然有
解得:
如图所示,一质量为M的平板车B放在光滑水平面上,在其右端放一质量为m的小木块A,m<M,A、B间动摩擦因数为μ,现给A和B以大小相等、方向相反的初速度v0,使A开始向左运动,B开始向右运动,最后A不会滑离B,求:
(1)A、B最后的速度大小和方向;
(2)从地面上看,小木块向左运动到离出发点最远处时,平板车向右运动的位移大小。
正确答案
解:(1)由A、B系统动量守恒定律得:Mv0-mv0=(M+m)v
所以v=v0,方向向右
(2)A向左运动速度减为零时,到达最远处,此时板车移动位移为s,速度为v′,则由动量守恒定律得:Mv0-mv0=Mv′ ①
对板车应用动能定理得:-μmgs=Mv′2-
Mv02 ②
联立①②解得:s=v02
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