- 用单摆测定重力加速度
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在做“用单摆测定重力加速度”的实验中,下面所给的器材中不需要的是( )
正确答案
解析
解:本实验测量重力加速度的原理是单摆的周期公式T=2π,转换为T2=
,需要测定的物理量是摆线的长度,用到带毫米刻度的米尺;摆球的直径,用到游标卡尺;以及单摆的周期,用到秒表.单摆测量重力加速度的实验中,与摆球的质量无关,所以不需要天平.
本题选择不需要的器材,故选:B
甲乙两个学习小组分别利用单摆测量重力加速度.
(1)甲组同学采用图甲所示的实验装置.
①为比较准确地测量出当地重力加速度的数值,除秒表外,在下列器材中,还应该选用______;(用器材前的字母表示)
a.长度接近1m的细绳
b.长度为30cm左右的细绳
c.直径为1.8cm的塑料球
d.直径为1.8cm的铁球
e.最小刻度为1cm的米尺
f.最小刻度为1mm的米尺
②该组同学先测出悬点到小球球心的距离L,然后用秒表测出单摆完成n次全振动所用的时间t.请写出重力加速度的表达式g=______.(用所测物理量表示)
③在测量摆长后,测量周期时,摆球振动过程中悬点O处摆线的固定出现松动,摆长略微变长,这将会导致所测重力加速度的数值______.(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)
(2)乙组同学在图甲所示装置的基础上再增加一个速度传感器,如图乙所示.将摆球拉开一小角度使其做简谐运动,速度传感器记录了摆球振动过程中速度随时间变化的关系,如图丙所示的v-t图线.
①由图丙可知,该单摆的周期T=______ s;
②更换摆线长度后,多次测量,根据实验数据,利用计算机作出T2-L(周期平方-摆长)图线,并根据图线拟合得到方程T2=4.04L+0.035.由此可以得出当地的重力加速度g=______m/s2.(取π2=9.86,结果保留3位有效数字) 若其他测量、计算均无误,则用上述方法算得的g值和真实值相比是______的(选填“偏大”、“偏小”和“不变”.)
正确答案
adf
偏小
2.0
9.76
不变
解析
解:(1)①根据T=得:g=
,知需要测量摆长,摆长等于摆线的长度和摆球的半径之和,所以选择长近1m的细线,直径为1.8cm的铁球,需要测量摆长和摆球的直径,所以需要最小刻度为1mm的米尺和螺旋测微器.故选:adf.
②、因为T=,则g=
.
③、测量周期时,摆球振动过程中悬点O处摆线的固定出现松动,摆长略微变长,则摆长的测量值偏小,测得的重力加速度偏小.
(2)①、根据简谐运动的图线知,单摆的周期T=2.0s;
②、根据T=得:T2=
,
知图线的斜率:k==4.04,
解得:g=9.76m/s2.
③由于单摆摆长偏大还是偏小不影响图象的斜率k,因此摆长偏小不影响重力加速度的测量值,故不变.
故答案为(1)①adf ②③偏小(2)①2.0 ②9.76 不变
利用单摆测当地重力加速度的实验中
①利用游标卡尺测得金属小球直径如图1所示,小球直径d=______ cm.
②某同学测量数据如下表,请在图2中画出L-T2图象
由图象可得重力加速度g=______ m/s2(保留三位有效数字)
③某同学在实验过程中,摆长没有加小球的半径,其它操作无误,那么他得到的实验图象可能是下列图象中的______.
正确答案
解析
解:①主尺读数为:2.2cm;副尺读数为:6×0.1mm=0.6mm=0.06cm,故球直径为2.2cm+0.06cm=2.26cm;
②如图:
由单摆周期公式:;
解得:
,
图象斜率为,可得:
g=4π2k,
由图象可得:;
可得:
g=4×3.142×0.25=9.86m/s2.
③在实验过程中,摆长没有加小球的半径,其它操作无误,可得:
,可知B正确,ACD错误,故选:B.
故答案为:①2.26;
②
g=9.86;
③B.
在“利用单摆测重力加速度”的实验中:
(1)已知单摆小球的质量为m,摆长为l,某地重力加速度为g,当单摆做摆角不超过5°的振动时,通过证明可以得到回复力F=-kx,其中k=______.
(2)某同学尝试用DIS测量周期.如图甲所示,用一个磁性小球代替原先的摆球,在单摆下方放置一个磁传感器,其轴线恰好位于单摆悬挂点正下方.使单摆做小角度摆动,当磁感应强度测量值最大时,磁性小球位于最低点.若测得连续N个磁感应强度最大值之间的时间间隔为t,则单摆周期的测量值为______(地磁场和磁传感器的影响可忽略).
(3)经理论推导可知,单摆在任意摆角θ时的周期公式可近似为T=T0(1+sin2
),式中T0为当摆角θ趋近于0°时的周期.为了用图象法验证该关系式,若某同学在实验中得到了如图乙所示的图线,则图线的斜率为______,纵轴截距为______.
正确答案
-4
解析
解:(1)摆动时,重力的切向分量提供回复力,其大小为mgsinθ;
当角度θ很小时,有θ=;
∴F=-mgsinθ=-mg,故k=
;
(2)单摆做小角度摆动,当磁感应强度测量值最大时,磁性小球位于最低点(或平衡位置).若测得连续N个磁感应强度最大值之间的时间间隔为t,是个周期,则单摆的周期为:T=
(3)根据T=T0(1+sin2
),得到sin2
=
,故乙图是sin2
-T图象,斜率为
,纵轴截距为-4;
故答案为:
(1);
(2);
(3),-4.
(1)某物理课外活动小组在用单摆测重力加速度的实验中,测出了不同摆长(l)所对应的周期(T),在进行实验数据处理时:
①甲同学以摆长(l)为纵坐标、周期(T)的平方为横坐标作出了l-T2图线.若他由图象测得的图线斜率为k,则测得的重力加速度的表达式g=______.若甲同学测摆长时,忘记测摆球的半径,则他用图线法求得的重力加速度______(选填“偏大”、“偏小”、“准确”).
②乙同学根据公式T=2π得出g=
,并计算重力加速度,若他测得摆长时,把摆线长当作摆长(忘记加上小球半径),则他测得的重力加速度值______(选填“偏大”、“偏小”、“准确”).
正确答案
4π2k
准确
偏小
解析
解:(1)由单摆周期公式T=2π可知,l=
T2,则k=
,g=4π2k;
由l=T2=kT2,l与T2成正比,k=
是比例常数,由图象可知l与T2成正比,
由于单摆摆长偏大还是偏小不影响图象的斜率k,因此摆长偏小不影响重力加速度的测量值,
甲同学用图线法求得的重力加速度准确.
(2)由单摆周期公式T=2π可知,重力加速度g=
,摆长应该是摆线长度与摆球半径之和,
甲同学把摆线长L作为摆长,摆长小于实际摆长,由g=可知,重力加速度的测量值小于真实值.
故答案为:(1)4π2k;准确;(2)偏小.
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