热门试卷

解：（1）在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止动过程中摆长发生变化，如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长，故AC正确，

故选：AC

（2）游标卡尺示数为：d=12mm+0×0.1mm=12.0mm；

（3）当摆角小于等于5°时，我们认为小球做单摆运动，所以振幅约为：1×0.087m=8.7cm，当小球摆到最低点开始计时，误差较小，测量周期时要让小球做30-50次全振动，求平均值，所以A合乎实验要求且误差最小

故选：A

故答案为：①AC　②12.0　③A

解：（1）据该实验原理和实验要求，应用刻度尺测摆长，游标卡尺测金属球的直径、秒表测时间、铁夹、铁架台、带中心孔的金属小球和细线等仪器．所以还需要有：刻度尺、秒表、游标卡尺．

（2）A、单摆测量周期时，摆角不能大于5度，否则该运动就不是简谐运动，故A错误；

BCDE、据该实验的要求和误差分析可知，该实验中要求摆线应长一点，且摆长等于摆线与球半径之和；摆球质量大一些，且不能使上端的摆线移动，采用累积法从最低点开始计时测量周期，故BCD正确，E错误．

（3）单摆周期：T=，n为单摆全振动的次数

由单摆周期公式T=2π可知，

重力加速度：g==，据此公式可知：在实验中误将摆线长度当成了摆长，比实际摆长偏小，所测重力加速度将 偏小．

如果在实验中，误将振动31次的时间计成了32次的时间，即n变大，所测重力加速度将偏大．

故答案为：（1）刻度尺、秒表、游标卡尺；（2）BCD　　（3）偏小；偏大．

解：（1）单摆摆长l=L+，单摆周期T=，由单摆周期公式T=2π可知，

g===；

（2）由图示游标卡尺可知，主尺的示数是18mm，游标尺的示数是4×0.1mm=0.4mm，

则游标卡尺示数，即小球直径d=18mm+0.4mm=18.4mm；

由图示秒表可知，分针示数是1m=60s，秒针示数是40s，秒表示数是60s+40s=100.0s，单摆周期T===2.0s；

单摆摆长l=L+=970.8mm+=980mm=0.98m，重力加速度g===9.8m/s2；

（3）由g==可知：

A、测摆线长时摆线拉得过紧，摆长偏大，所测重力加速度偏大，不符合题意；

B、摆球在水平面内做圆周运动，成为圆锥摆，摆的摆长为（L+）cosθ，

θ是摆的偏角，单摆摆长偏小，所测重力加速度偏小，符合题意；

C、摆线上端悬点未固定，振动过程中出现松动，摆线长度增加了，所测重力加速度偏大，不符合题意；

D、开始计时，秒表过迟按下，所测时间t偏小，所测重力加速度偏大，不符合题意；

如果他测得的g值偏小，可能的原因是：B、摆球在水平面内做圆周运动；

故答案为：（1）；（2）18.4；100.0；2.0；9.8；（3）B．

解：（1）A、摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和，故A错误．

B、测量周期时，从小球到达最低点处开始计时，测出摆球完成30～50次全振动的时间，从而得出一次全振动的时间，故B正确．

C、单摆摆动要在同一竖直面内，不能形成圆锥摆，故C正确．

D、单摆在角度不大于5度时，可以看成简谐运动，所以角度不能太大，故D错误．

故选：BC．

（2）根据表格中的数据可知第2组数据是错误的．

l-T2图象如图所示．

根据，则L=，知图线的斜率k=，解得g=9.86m/s2．

故答案为：（1）BC          

（2）①2；

②根据这些数据，在右边的坐标图中作出l-T2图象；

③9.84～9.88