热门试卷

解：对气体，此过程由热力学第一定律：

△E=Q+W

所以：Q=△E-W=600-（-200）=800J

所以，此过程吸收的热量为800J

答：该过程中系统对外交换热量是800J，是吸热．

解：①分子个数：n=NA=×6.0×1023=6.0×1024个；

②气体状态参量为：T1=273+27=300K，P1=1×105Pa，

T2=273+6=279K，P2=？，T3=273-9=264K，P3=？，

气体体积不变，根据查理定律得：==，

代入数据解得：p2=9.3×104Pa，p3=8.8×104Pa，

压强差：△P=p2-p3=5×103Pa；

③由于热量从低温的冰箱内部传到温度较高的冰箱外部的同时，消耗了电能，不违背热力学第二定律．

答：①电冰箱的冷藏室和冷冻室内大约共有6.0×1024个空气分子；

②此时冷藏室与冷冻室中空气压强差为5×103Pa；

③不违背热力学第二定律，因为热量不是自发的由低温的冰箱内部向高温的冰箱外部传递的，且冰箱工作过程中要消耗电能．

解：（1）因分装氧气过程中温度不变，则内能不变，即△U=0，外界对气体做功W=2.0×104J；

由热力学第一定律可得：

△U=W+Q

解得Q=-W=-2.0×104J，负号表示氧气放出热量；

即气体放出2.0×104J的热量；

（2）分装前P1=4.0×l05Pa；V=25L

分装后P2=1.0×l05Pa；

则由玻意耳定律得：P1V1=P2V2

解得V2=100L；

分装后的总体积为100L；

（3）以P为纵坐标，为横坐标作出直角坐标系，因温度不变，P=，

解：由热力学第一定律得：△U=W+Q，

得W=△U-Q=4.2×105J-2.6×105J=1.6×105J，

外界对气体做了1.6×105J的功；

故答案为：外界对气体，1.6×105．

解：由公式△U=Q+W=0+1.6×103J=1.6×103J，

同理；Q=△U-W=4.2×103J-22.0×103J=2×103J

答：活塞对气体做功1.6×103J，由于时间很短，散热可以不计，则气体的内能增加1.6×103J，

废气带走的能量为2×103J．

解：由热力学第一定律可知：

△U=W+Q；

则解得：W=4.2×105J-2.6×105J=1.6×105J；外界对气体做功；

同理解得：W′=1.6×105J-2.6×105J=-1.0×105J；

负号表示气体对外界做功；

答：①是外界对气体做了功，做了1.6×105J焦耳的功

②如果气体吸收的热量仍为2.6×105J不变，但是内能只增加了1.6×105J，这一过程气体对外界做功为1.0×105J．

解：（1）A、由于大量分子都在不停地做无规则热运动，与器壁频繁碰撞，使器壁受到一个平均持续的冲力，致使气体对器壁产生一定的压强，气体压强不是由于气体重力产生的，故A错误；

B、小刚同学压迫气球，但是气体分之间的距离还是很大，气体分子间表现为引力，分子间作力没有表现为斥力，故B错误．

C、球内气体温度可视为不变，所以气球内气体分子平均动能不变．故C正确．

D、气体分子间的空隙很大，所以气球内气体的体积远大于所有气体分子的体积之和，故D错误．

故选：C

（2）表演过程中，球内气体温度可视为不变，说明球内气体内能不变，即△U=0，

对球内气体共做了4J的功，即W=4J，所以此过程中Q=-4J，即气球放出的热量是4J，若某气球突然爆炸，气体对外做功，瞬间无热传递，则该气球内的气体内能减少，温度降低．

故答案为：（1）C  （2）放出，4，减少，降低

解：由图可知，将封有一定质量空气的密闭塑料袋（甲）从山底移动到山顶时（乙），气体的体积增大，温度是分子平均动能的标志，由于山顶温度低，因此分子平均动能小，山底的塑料袋中分子平均动能高于山顶的，即甲中气体分子平均动能大；从甲到乙过程中，温度降低，内能减小，体积增大，气体对外做功，由△U=E+Q可知，气体内能内能减小大于气体放出的热量．

故答案为：甲，大于．

解：由热力学第一定律可得：Q=△U-W=-1.3×105J-7.0×104J=-2×105J，气体向外放出的热量为2×105J；

答：（1）气体对外放热

（2）放出的热量为2×105J