热门试卷

解：（1）气缸平放时，被封闭气体压强和体积分别为：P1=Pa，V1=LS   ①

气缸竖直放置时，压强和体积为：，         ②

由玻意耳定律：P1V1=P2V2   ③

联立①②③解得：．

故活塞的质量为：．

（2）气体等温变化，内能不变，活塞下降过程对气体做功，根据热力学第一定律可知气体放热．

故气体放热，原因为：内能不变，活塞下降过程对气体做功，根据热力学第一定律可知气体放热．

解：环境温度不变，说明气体内能不变，根据△E=W+Q，外界对空气做了0.5J 的功，则，空气放出0.5J的功

故答案为：放出，0.5J

解：（1）A、当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都变小．故A错误．

B、布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是由于液体分子规则的碰撞造成的，则布朗运动反映了液体中分子的无规则运动．故B错误．‘

C、气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞，对器壁形成持续的压力而产生的．故C正确．

D、根据热力学第三定律得知，绝对零度只能接近，不能达到．故D错误．

故选C

（2）A、B气体做等压变化，压强不变，而A、B图象中的压强是变化的，故A、B错误；

C、D根据气态方程：=C（常数），有V=，由于是等压变化，故为常数，因此V-T图为过原点的倾斜的直线，故C正确．

D、由图知气体的压强不变，作等压变化，故D正确．

故选CD．

（3）①水作等温变化，分子平均动能不变，因分子数总数不变，分子的总动能不变．

根据热力学第一定律得：△U=Q+W

得水的内能变化量为△U=2260-170J=2090J，水的内能增大2090J，则水的分子总势能增大了2090J．

②1g水所含的分子数为n===2.2×1022个

故答案为：

（1）C；

（2）CD；

（3）①2090；②2.2×1022个．

解：由受力分析和做功分析知，在气体缓缓膨胀过程中，活塞与砝码的压力对气体做负功，大气压力也对气体做负功；

外界对气体所做的功W=-mg△l-p0S△l；

根据热力学第一定律得：△U=W+Q=-mg△l-p0S△l+Q；

气体做等压变化，则体积随热力学温度成正比变化，V-T图所图所示：

解：设此时气体活塞距气缸顶部的距离为H．

汽缸内封闭气体做等压变化，由盖-吕萨克定律得：=

可得 H=

设封闭气体的压强为p．

气体在等压变化过程中，活塞受力平衡，由平衡条件得 pS+mg=p0S

气体对活塞做的功为 W=pS（H-h）=（p0S-mg）（H-h）

由热力学第一定律得△U=Q-W

所以可得气体吸收的热量为 Q=△U+W=△U+（p0S-mg）（-h）=△U+（p0S-mg）h（-1）

答：此时气体活塞距气缸顶部的距离是，气体吸收的热量是△U+（p0S-mg）h（-1）．

解：①根据热力学第一定律，气体对活塞做功W=-240J，内能增加了△U=60J：

Q=△U-W=60J+240J=300J                      

②体温度从27℃缓慢升高到87℃过程中，体积增大，压强不变，初态温度为：273+27=300K，末态温度为：273+87=360K，

根据查理定律：得：

答：①缸内气体从外界吸收的热量300J．

②升温后缸内气体体积是升温前气体体积的1.2倍．

解：（1）定容过程，吸收的热量，用于增加气体的内能，△U1=Q1

定压过程，吸收的热量，用于增加气体的内能和对外做功，△U2+|W2|=Q2

又△U2=△U1，则Q1＜Q2

（2）定容下的比热容，定压下的比热容，

由（1）问知Q1＜Q2，则CV＜CP．

（3）气体对外做功|W2|=（P0S+G）h

活塞向上移动的高度

答：（1）Q1＜Q2．

（2）CV＜CP．

（3）在活塞可自由滑动时，汽缸内气体温度升高1℃时活塞向上移动的高度．

解：①气体绝热膨澎胀过程中，对外界做功，W＜0，Q=0，根据热力学第一定律△U=W+Q得：△U=W＜0，即气体的内能减少．

②气体体积增大，则单位体积内的分子数减少；内能减少，则温度降低，其分子运动的平均速率减小；则气体的压强减小．

故答案为：

①减少．

②气体体积增大，则单位体积内的分子数减少；内能减少，则温度降低，其分子运动的平均速率减小；则气体的压强减小．

解：以活塞为研究对象，根据平衡条件得：

P0S+mg=PS

得：P=P0+

代入数据解得：P=1.2×105Pa；

由题W=6×105J，Q=-4.2×105J，则由热力学第一定律得到气体内能的变化为：△U=W+Q=1.8×105J，即内能增加了1.8×105J．

答：气体的压强是1.2×105Pa；气体内能增加了1.8×105J．