热门试卷

解：（1）A、B燃气由液态变为气态的过程中体积增大，要对外做功，分子势能增大，故A正确，B错误；

C、燃气在燃烧室燃烧的过程是熵增加的过程，故C正确．

D、燃气在燃烧后释放在周围环境中的能量变为品质低的大气内能，能量耗散了，很难再被利用，故D错误；

故选AC

（2）气缸和隔板绝热，电热丝对气体a加热，气体a温度升高，压强增大，体积增大．气体a对气体b做功，气体b的体积减小，压强增大，温度升高，内能增大．

答：

（1）AC；

（2）气体b压强增大，温度升高，内能增大．

解：①A到B是等温变化，压强和体积成反比，根据玻意耳定律有：

AA=BB

解得：B=5×104 Pa

②状态至状态过程是等压压缩过程，外界对气体做功：

W=B△=40J

根据热力学第一定律有：

△U=W+Q=40J+（-60J）=-20J，即内能减小20J．

答：①该气体状态B时的压强5×104 Pa；

②该过程中气体内能减小20J．

解：已知水的汽化热为L=2264J/g．1g的水由液态变成同温度的气态，则气体吸收的热量是2264J．

在一个恒定标准大气压P=1.0×105 Pa下，其体积由1.0cm3变为1701cm3．

所以体积膨胀时气体对外做的功为W=P0△V=1.0×105×（1701-1）×10-6J=170J

故答案为：170J，2264J．

解：A、温度是分子平均动能的宏观体现，温度越高，分子的平均动能越大．与分子的质量无关．所以A正确．

B、分子的平均动能是一个统计规律，并不是所有的分子的速度，所以温度高的物体也有大量的分子速度比较小，而温度低的物体也有大量的分子速度比较大．所以B也正确．

C、改变内能的两种方式是做功和热传递，所以C错误．

D、气体的内能除分子势能、分子平均动能有关外，还与气体的质量有关．对于气体分子间作用力可以忽略时，气体的内能只由温度和质量决定．分子越多，总的能量越大．所以D错误．

E、因为在去除隔板时，气体没有对外做功，能量不变．（没有受力物体，虽然有位移，但也不做功）．所以E正确．

F、所有的机器工作都要遵从热力学第一定律和第二定律，因为这时对外界产生了影响．所以F错误．

G、气体分子地速度指的是平均速度，温度越低，平均速度越低，速度大的分子数目减少，速度小的分子数目增加．所以G正确．

H、热力学第二定律有内容是不可能从单一热源吸收热量全部用来做功而对外界没有影响．所以可以从单一热源吸收热量全部用来对外界做功，但此时对外界产生了影响．所以H错误．

故选ABEG．

（2）设加热前，被密封气体的压强为p1，轻线的张力为f．因而活塞处在静止状态，对A活塞有2poS-2pS+f=0①

对B活塞有P1S-P0S-f=0②

由①②式得

p1=p0                                 ③

f=0                                   ④

即被密封气体的压强与大气压强相等，细线处在拉直的松驰状态．这时气体的体积V1=2Sl+Sl+Sl=4Sl⑤

对气体加热时，被密封气体温度缓慢升高，两活塞一起向左缓慢移动．气体体积增大，压强保持p1不变，若持续加热，此过程会一直持续到活塞向左移动的距离等于l为此，这时气体体积V2=4SL+SL=5SL⑥

设此时气体的温度为T2，由盖-吕萨克定律V2∝T2有⑦

由③⑥⑦式得⑧

由此可知，当时，气体的压强

p2=p0  ⑨

当T＞T2时，活塞已无法移动，被密封气体的体积保持V2不变，气体经历一等容升压过程．当气体的温度为T时，设其压强为p，由查理定律P∝T，即有⑩

由⑧⑨⑩式得（11）

即当T＞T时，气体的压强为．

即气体的压强可能为p0或．