热门试卷

（1）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．

（2）根据F=ma得a=，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数．由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5Kg，由图形b得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0，根据牛顿第二定律得F-μmg=0，解得μ=0.2；

（3）滑块和位移传感器发射部分受到的拉力由力传感器得出，实验过程中不需要控制滑块和位移传感器发射部分的总质量远远大于重物质量．

故答案为：（1）①；（2）0.5；0.2；（3）否．

（1）主尺读数为1cm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，因此其读数为：4×0.05=0.20mm=0.020cm，所以最终读数为：1cm+0.020cm=1.020cm．

故答案为：d=1.020cm．

（2）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：

F=Ma    ①

对所挂钩码有：mg-F=ma   ②

F==，由此可知当M＞＞时，钩码重力大约等于绳子的拉力，因此钩码质量越小实验误差越小，故选择m2更合适．

故答案为：m2．

（3）该实验中利用遮光条通过光电门的平均速度来代替其瞬时速度大小，遮光条越窄，其通过光电门的平均速度越能代替其瞬时速度，误差越小，故选择d2．

故答案为：d2．

（4）随着所挂重物质量的增加，不再满足钩码质量远小于物体质量即不满足m＜＜M的条件，图象将发生弯曲，由于物体和砝码的加速度不可能一直无限制的增大，其整体的最大加速度小于g，因此图③符合事实；

根据图象可知，当有外力时还没有产生加速度，这说明可能是滑块受到空气阻力、绳与滑轮间的摩擦力，或者气垫导轨没有调水平，开始运动位置低于后来到达位置．

故答案为：可能是气垫导轨没有调水平（可能是滑块受到空气阻力、绳与滑轮间的摩擦力）．

位移，发射器，改变悬挂钩码的个数，在小车上加配重片

（1）本实验采用了位移传感器，代替了打点计时器，用DIS可以测小车的加速度．

（2）①a图线中当F≠0时物体的加速度a=0，即只有当F增大到一定值时物体才开始具有加速度，故在物体保持静止的时候其所受的静摩擦力等于绳子的拉力，所以出现此现象的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够．故选B．

从b图可知在拉力F=0时物体的加速度不为0，即合外力不为0，B图纵轴的截距大于0，说明在无拉力的情况下物体的加速度大于0，即在平衡摩擦力时，长木板倾角过大（平衡摩擦力过度）．故选C．

故选BC．

故答案为：（1）位移（2）BC．

（1）该装置中的错误或不妥之处：

①打点计时器应接交流电源；

②小车应靠近打点计时器，如果小车靠近滑轮，打出来的纸带数据很短，不利于数据处理分析．

③应该平衡摩擦力；实验时我们要求认为绳子的拉力是小车的合力，由于小车运动受到木板的摩擦力，所以我们为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板右端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．

（2）每相邻两计数点间还有4个打点，说明相邻的计数点时间间隔为0.1s．

利用匀变速直线运动的推论△x=at2，由于相邻的计数点的位移之差不等，故采用逐差法求加速度．

a==m/s2=0.496m/s2

（3）A、如果平衡摩擦力时将木板垫得过高，应该细线没有拉力，小车就有了加速度，这与图象不符．故A错误．

B、如果平衡摩擦力时将木板垫得过低，也就是当F≠0时，小车的合力可以等于0，即a=0，故B正确．

C、如果平衡摩擦力时挂上了沙桶和沙，因为平衡时是让小车做匀速运动，那么就增大了摩擦力，那么木板垫就得过低，也就是当F≠0时，小车的合力可以等于0，即a=0，故C正确．

D、如果实验时没有满足沙和沙桶的质量远小于小车的质量，是当F≠0时，小车也就运动有了加速度，所以该选项不符合图象，故D错误．

故选BC．

故答案为：（1）①打点计时器应接交流电源；②小车应靠近打点计时器；③应该平衡摩擦力；

（2）0.496     （3）BC

（1）游标卡尺的主尺读数为11mm，游标读数为0.05×8mm=0.40mm，

所以最终读数为：11mm+0.40mm=11.40mm=1.140cm；

②数字计时器记录通过光电门的时间，由位移公式计算出物体通过光电门的平均速度，

用该平均速度代替物体的瞬时速度，故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为：v==0.57　m/s

（2）该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究．当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系．

那么小车的合力怎么改变和测量呢？为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板D的左端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．

根据牛顿第二定律得：

对m：mg-F拉=ma

对M：F拉=Ma

解得：F拉=

当M＞＞m时，即当重物重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于重物的总重力．

（3）由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as=s，

由题意可知，M、s不变，画出v2-m图象，若图象为过原点的直线，则说明外力和加速度成正比，故画出v2-m图象可以直观的得出结论．

（4）开始当小车挂上重物时，加速度却为零，线性图象不通过坐标原点，故导致图象不过原点的原因是木板倾角偏小．即说明操作过程中没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足．

故答案为：（1）1.140，0.57（2）m＜＜M （3）v2-m

（4）操作过程中没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足．

（1）当盘及盘中砝码的总质量m远小于小车及砝码总质量M时，可以认为小车受到的拉力等于盘及砝码的重力．

（2）A、平衡摩擦力时，不应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误；

B、在实验前平衡一次摩擦力即可，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；

C、实验时，要保证绳和纸带均与木板平行以减小误差，故C正确；

D、小车的加速度应该根据打点计时器打出的纸带应用匀变速运动规律求出，

加速度不能直接用公式a=求出，故D错误；故选BC．

（3）计数点间的时间间隔t=0.02s×5=0.1s，

物体的计数点a==≈0.74m/s2．

故答案为：（1）m＜＜M；（2）BC；（3）0.74．

（1）①刻度尺的最小分度是1mm，s1=0.70cm；

②由图知，s1=0.70cm，s2=0.90cm，s3=1.10cm，说明小车做匀加速运动，则由   s2-s1=aT2，其中，T=5×0.02s=0.1s，

解得，a=0.2m/s2．

（2）①作出a-F的关系图象如图所示．

②a-F图线，不通过原点的主要原因是未放入砝码时，小车已有加速度，可以判断未计入砝码盘的重力．

故答案为：

（1）①s1=0.70cm；②0.2．

（2）①作出a-F的关系图象如图所示．

②计入砝码盘的重力．

（1）由图1所示可知，实验装置中的错误或不妥之处有：①电磁打点计时器应使用电压为4-6V的低压交流电源而不能使用220V的交流电源；②实验前没有平衡摩擦力；③释放小车前小车应靠近打点计时器，图示中小车远离打点计时器是错误的．

（2）①根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出a-F图象，图象如图所示；

②由图象可知当拉力F≤0.1N时，小车静止不动，加速度为零，当F＞0.1N时小车有加速度，由此可知，小车受到的最大静摩擦力为0.1N．

（3）小车的加速度a==≈0.40m/s2，B点的速度vB===0.14m/s．

故答案为：（1）电源电压为220V；没有平衡摩擦力；小车没有靠近打点计时器；（2）图象如图所示；0.1；（3）0.40；0.14．