热门试卷

解：A、A、N间的电势差：UAN==V=-100V，又：UAN=φA-φN，φN=0，则A点的电势：φA=-100V．故A错误．

B、AM间的电势差 UAM==V=200V，则MN间的电势差为 UMA=-UMA=-200V，则MN间的电势差为UMN=UMA+UAN=-200-100=-300V．故B正确．

C、将点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10-4J，则其电势能减少4×10-4J．故C错误．

D、点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10-4J，则其电势能增加8×10-4J．故D错误．

故选：B

解：A、一个带电粒子从P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，故直线PC为不可能等势线，故A错误；

B、粒子从P点移动到B点，电场力做功WPB=3.2×10-8J，D点为PB的中点，故粒子从D点移动到B点，电场力做功WDB==1.6×10-8J，粒子从A到B电场力做功为WAB=WAP+WPB=1.6×10-8J，故AD为等势面，故B错误；

C、从B点移动到P点电场力做功WBP=-3.2×10-8J，故离子从B移到A电场力做功为WBA=WBP+WPA=-1.6×10-8J，故C错误；

D、C是AB的中点，故C点电势为AB的中点电势，故该粒子从P点移动到C点，电场力做功为WPC==2.4×10-8J，故D正确；

故选：D

解：A、在运动的过程中，电场力是变力，合力不恒定，则从A到C小球做的运动不是匀加速运动．故A错误．

B、A到C，除重力做功外，还有库仑力做功，所以机械能不守恒．故B错误．

C、小球从A到C的过程中，重力和库仑力都做功，根据动能定理得，2mgR-qUAC=，v=，则UAC=-．AB间的电势差与AC间的电势差相等，所以B、A间的电势差为，故C正确．

D、根据动能定理得，mgR+qU=-0，得下落到B点时的速度大小：v=．故D错误．

故选：C

解：A、静止时，对B球进行受力分析，则有：

T=（2mg+3mg+Eq）sin30°=（5mg+Eq），故A正确，B错误；

C、B球带负电，相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，经过AB绳传递，qE对A、B球整体产生一个竖直下下的加速度，此时A、B球的加速度为a=g+（显然＞g），C球以加速度g匀加速运动，所以BC间绳子的作用力为零，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为F=ma′=，故C错误，D正确．

故选：AD

解：A、粒子所受的电场力方向应指向轨迹的内侧，得知，粒子所受电场力方向大致斜向左下方，粒子一定带正电．故A错误；

BC、粒子从M到N的过程中，电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，故B正确，C错误．

D、电场线的疏密表示场强的大小，则知M处场强比N处场强小，由a=知粒子在M点的加速度小于在N点的加速度，故D错误．

故选：B

解：AB、由题意可知，A、B到C的距离相等，则AB的电势相等．

沿着电场线的方向，电势降低，而电场线会聚于负电荷，则A点的电势低于D点电势

-q电荷从A到D运动，根据动能定理，则有：mgr+W电=m（4）2-0，解得电场力做功：W电=7mgr；

规定电场中B点的电势为零，A点的电势也为零，因由A到D点电场力做正功，则电势能减小，因此点电荷-q在D点的电势能为EPD=-7mgr＜0；D点的电势为 φD==，故A正确，B 错误；

C、根据公式E=k，由于AC=OC，故O点电场强度大小是A点的2倍，故C正确；

D、在D点，弹力、静电力和重力的合力提供向心力，故：

N-mg-=m

故N=mg++m＞mg；

故D错误；

故选：AC

解：A、在C点，小球受重力和静电斥力，两个分力垂直，故合力大于mg，故加速度大于g，故A正确；

B、因B、C两点电势相等，小球由B到C只有重力做功，由动能定理得：

mgRsin30°=mv2-

解得小球在B点的速度为：vB=，故B正确；

C、对从A到C过程，根据动能定理，有：

W电+mgh=

解得：

W电=-mgh

由于B、C在一个等势面上，故小球由A到B电场力做功等于由A到C电场力做功，为-mgh，故C正确；

D、小球由A到C机械能损失等于克服安培力做的功，为mgh-，故D错误；

故选：ABC．

解：A、如果粒子回到MN上时速率增大，受到的力对物体做功，则该空间存在的一定是电场，故A正确

B、如果粒子回到MN上时速率不变，说明受到的力对粒子不做功，洛伦兹力对粒子不做功，若MN为等势面则电场力做功为零，故电场力做功为零，故空间可能是电场也可能是磁场，故B错误；

C、若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，故C错误；

D、由T=知，粒子在磁场中运动的时间与速率无关；故时间改变一定是电场；故D正确；

故选：AD．