热门试卷

解：A、A、B两点间的电势差就等于这两点的电势之差，故A正确

B、根据电势差的定义式U=，运用比值定义法，可知，电势差反映电场本身能的性质的物理量，与所移动的试探电荷无关，故不能说电势差与两点间移动电荷的电量q成反比，与电场力做的功成正比，故B错误．

C、电场力做功与电势能关系W=-△EP，电荷电势能的减少量就等于电场力所做的功，故C错误；

D、根据电势差的定义式U=知A、B两点间的电势差等于将单位正电荷从A点移到B点电场力所做的功，1C正电荷从A点移到B点，电场力做1 J的功，这两点间的电势差为1V，D正确

故选：AD

解：A、通过受力分析，当电场力和重力刚好提供所需向心力时，对轨道无压力，故A错误；

B、当电场力重力时，由动能定理可知：2qER-2mgR=-，得vQ大于vP，故B错误；

C、从P到Q点的过程中，电场力做正功，故机械能增加，故C正确；

D、当电场力大于重力时，由动能定理：2qER-2mgR=mvQ2-mv02…①

小球恰能通过Q点时，mg-qE=m…②

联立①②解得：v0=；

所以要使小球能通过Q点v0≥；

设小球通过Q点时，轨道对小球的压力为N，小球对轨道的压力为N‘

由牛顿第三定律的N=N′

要保证圆形轨道不脱离地面，N′＜mg；

即N＜mg

受力分析，解得：mg-qE+N=m…③

解①③得：v0＜

所以得：≤v0＜，故D正确

故选：CD．

解：A、对物体受力分析，受重力、支持力，洛伦兹力和滑动摩擦力；根据左手定则，洛伦兹力向下．

若另加一个水平向右的电场，电场力的方向向右，与摩擦力方向相同，合外力不为零，滑块不可能做匀速直线运动．故A错误；

B、若另加一个竖直向上的电场，电场力的方向向上，当qE=（mg+qvB），即E=时，支持力为零，摩擦力为零，则合外力为零，滑块可能做匀速直线运动．故B正确；

CD、由于合力向右，物体向左做减速运动；由于摩擦力f=μ（mg+qvtB），随速度的减小不断减小，摩擦力f不断减小，加速度不断减小，不是匀变速运动，故物体的速度由v减小到零所经历的时间t，由动量定理得

-ft=0-mv．

得 t=＞．故CD错误；

故选：B．

解：

A、等量异号电荷的连线的中垂线上，从A到B电场强度先增大后减小，O点的电场强度最大，所以小圆环受到的电场力先增大后减小，小圆环受到的摩擦力：f=μFN=μqE，所以小圆环受到的摩擦力先增大后减小，它的加速度：a=，则a先增大后减小．故A正确；

B、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，故小圆环从A到B过程电场力不做功，故B错误；

C、设AB之间的距离为2L，摩擦力做功为2Wf，小圆环从A到B的过程中，电场力不做功，重力和摩擦力做功，根据动能定理得：

  A→O过程：-mgL+Wf=-

  A→B过程：-mg•2L+2Wf=0-

联立以上两个公式解得：vO=＞．

=，即运动到O点的动能为初动能的一半，运动到O点的速度大于．故C正确，D错误．

故选：AC．

解：令ab两点的电势差为U，质子的质量为m，α粒子的质量为M=4m，质子的电荷量为q，则α粒子的电荷量为Q=2q根据题意有：

对于质子有：qU=     ①

对于α粒子有：      ②

由得：

解得

故ABD错误，C正确．

故选：C

解：A、根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知，x从-d到0，电势升高，电场的方向沿x轴负方向．从0到d，电势降低，电场的方向沿x轴正方向，则知该电场不是匀强电场，故A错误．

B、该静电场是一个匀强电场，φ轴两侧电场强度大小相等，且电场强度的大小等于图象斜率的大小，为E==．故B错误．

CD、一正电荷从x=-d运动到x=d的过程中，电场力先向左后向左，则电场力做负后做正功，故C错误，D正确．

故选：D

解：A、小球处于平衡位置时，电场力与弹簧的弹力平衡，弹簧伸长，此时小球的速度不是零，而是最大．故A错误；

B、小球做简谐运动，在平衡位置，有 kA=qE

解得 A=，故B正确；

C、小球运动过程中有电场力做功，故机械能不守恒，故C错误；

D、小球运动过程中有电场力和弹簧弹力做功，故运动过程中，小球的电势能、动能和弹性势能相互转化，故D错误；

故选：B．

解：

A、根据电势差的公式UAO=，而A、O间电势差UAO=φA-φO，若取φO=0，则UAO=φA=，所以电场中某点电势的大小等于电场力将单位正电荷从该点移到零电势点电场力所做的功．故A正确．

B、由电势的定义式为φ=，得知，电势大小等于单位正电荷在该点所具有的电势能．故B正确．

C、只有电场力做正功，无论是正电荷还是负电荷，其电势能都要减小．故C正确．

D、正电荷沿电场线方向移动，电场力做正功，其电势能减小；而负电荷沿电场线方向移动，电场力做负功，电势能增加．故D正确．

故选：ABCD