热门试卷

解：A、小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等．

小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，则有：

所以，故A正确，B错误

C、小球从A到M，水平方向上电场力做功为：W电=Eqx1=6J，

则从A到B水平方向上电场力做功为：W电′=Eq（x1+x2）=4W电=24J

则由能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为：EkB=Ek0+4W电=8+24J=32J，故C错误

D、由题，，

得：vA=

又竖直方向上，有：vA=gt=，

所以…①

，

得：vM=

在水平方向上，有 vM=at=，

则得：…②

所以②：①得                  

设小球运动时间为t时动能为Ek，则：

化简为：（g2+a2）t2-2v0gt+=0

 当△=0时有极值，则：4g2-4（g2+a2）（）=0

得：Ek=Ek0

由

得：a=

即：Ekmin=Ek0=×8J=，故D错误

故选：A

解：据题，a、b、c三点的电势分别φa=10V，φb=2V，φc=6V，因为匀强电场中沿电场线方向相同距离电势差相等，则得ab两点连线的中点的电势为φ==6V，因此该中点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的直线即为电场线，由于φA=10V，φB=2V，又因为电势沿着电场线降低，故C正确．

故选：C

解：A、小球从A运动到B，重力势能增加，动能没有变化，根据能量守恒定律，电势能一定减小，则小球在B点的电势能一定小于小球在A点的电势能，故A错误；

B、根据动能定理得：-mgLsinθ+qUAB=-mv02=0，得到，UAB=；故B正确；

C、如果该电场是位于AB中垂线上的正电荷所形成的电场，则AB的电势相等，矛盾，故C错误；

D、该电场是匀强电场，当电场力平行斜面向上时，电场力最小，等于mgsinθ，故电场强度也最小，为，故D正确；

故选：BD．

解：A、将下极板竖直向下缓慢移动时，板间距离d增大，电容器的电压U不变；由E=分析得知，板间场强减小，则油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直向下运动．故A正确．

B、油滴向下运动，电场力对油滴做负功，则其机械能减小，故B错误．

C、P点到上极板的距离不变，而E减小，由U=Ed知，P点与上极板间电势差减小，且P点的电势小于零，则P点的电势升高，故C正确．

D、电容器的电容减小，带电量减小，故电容器放电，由电流计中由a到b的电流；故D正确；

故选：ACD

解：设电荷间的库伦力F，绳的拉力，T1，T2

A、对小球受力分析，根据平衡条件有：

mag=mbg=，由于β＞α，

所以ma＞mb，故A正确

B、a球的电荷量和b球的电量大小无法判断，故B错误

C、对小球受力分析，根据平衡条件有：F=T1sinα，F=T2sinβ

由于β＞α，因此T1＞T2，故C正确

D、a、b两球受到的静电力是作用力反作用力，故大小相等，故D正确．

故选ACD．

解：小球A受力平衡，A球所受的库仑力F=mgtanθ．由平衡条件可得：

  k=mgtan45°

  k=mgtan30°

联立解得：=

故选：C．

解：A、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，

所以能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系．故A错误；

B、根据F=k知，当两点荷间的距离趋近于零时，两小球不能看成点电荷了，故不能用库仑定律计算它们间的库仑力，故B错误；

C、两点电荷之间的库仑力是作用力和反作用力，总是大小相等、方向相反的，故C正确；

D、用用库仑定律计算出的两电荷间的作用力是每个电荷受到的力，故D错误；

故选：C

解：A、电场强度是描述电场本身的力的性质的物理量，由电场本身决定，与试探电荷无关，故A正确．

B、公式E=只适用于匀强电场，而匀强电场的电场强度处处相同，与两点间的距离无关，故B错误．

C、E=是电场强度的定义式，采用比值法定义，E与F、q均无关，故C错误．

D、U=是电势差的定义式，采用比值法定义，U与W、q均无关，故D错误．

故选：A