热门试卷

解：

A、由题意可知，电容器始终与电源相连，电源器两端的电压不变，则电容器两端的电势差保持不变；由E=可知，d减小，U不变，则场强E增大；故A错误；

B、根据U=Ed可知，因E的增大，且d不变，则b、c两点间电势差增大，故B错误；

CD、因E增大，三点距N板的距离不变，由U=Ed知，故各点到N板间的电势差增大，所以各点的电势均升高；故C错误，D正确；

故选：D．

解：A、Q与a、c两点的距离相等，都小于b，根据点电荷的电场线分布的特点，知b点的电势低于a、c两点的电势，即φa=φc＞φb；场强关系为 Ea=Ec=（L为正方形的边长）；Eb==，则Ea=Ec=2Eb．故A正确；

B、电荷受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，所以质点由a到b电场力做负功，电势能增加，动能减小；由b到c电场力做正功，动能增大，在b点动能最小；故B错误；

C、由F=qE知，质点受到的电场力关系为Fa=Fc=2Fb．由牛顿第二定律F=ma得：质点在a、b、c三处的加速度大小之比是2：1：2．故C错误；

D、由C的分析可知，带电粒子abc三个点受到的电场力大小不相等，所以不可能其经过a、b、c三点做匀速圆周运动．故D错误．

故选：A

解：A、在B点速度最小，说明摩擦力与库仑力平衡，故：

解得：

x=

故A错误；

B、C、从A到B的过程中，根据动能定理，有：

解得：

W=μmgL+mv2-mv

故B错误，C正确；

D、AB间电势差：UAB==-；故D错误；

故选：C．

解：设滑块的质量为m，电量为q，BC的中点为D，因质量不计，所以滑块在运动过程中，只有电场力做功．

设CA间的电势差为U1，则由动能定理有：m-v=qU1

设CB间的电势差为U2，则由动能定理有：m-v=qU2

解得：U2=2U1

即BC的中点D的电势与A的电势相等．

A、由以上解答可知，A与BC的中点D的电势相等，所以电场方向垂直于AD，与Ab并不垂直，选项A错误．

B、虽然CB间的电势差等于CA间的电势差的2倍，但是零势能面没有确定，所以B点电势不一定是A点电势的两倍，选项B错误．

C、由以上解答可知，即BC的中点D的电势与A的电势相等，选项C正确．

D、虽然滑块哟C到A的过程中电场力做正功，因不知滑块所带的电性，所以无法判知C点和A点的电势高低，选项D错误．

故选：C

解：B、由小球在C点处恰好与滑槽内、外壁均无挤压且无沿切线方向的加速度知：小球在C点的合力方向一定沿CO，且指向O点．

A对小球吸引，B对小球排斥，因此小球带负电、B带负电．            

由∠ABC=∠ACB=30°知：∠ACO=30°

AB=AC=L； BC=2ABcos30°=L

由力的合成可得：F1=F2

即：=

QB=Q，故B正确                          

A、有前面分析：A对小球吸引，B对小球排斥，B带负电，小球带负电，故A错误

D、以O为原点，OB为x轴正方向，OC为y轴正方向，槽上某点的坐标为（x，y），则该点的电势为：

  φ=-

而

代入上式解得：φ=0

说明圆周上各点电势相等，小球在运动过程中电势能不变，根据能量守恒得知，小球的动能不变，小球做匀速圆周运动，故C正确

D、根据场强的叠加可知，CD两点场强大小不同，故D错误；

故选：BC

解：A、法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这种形象化的研究方法．故A正确；

B、库仑得出库仑定律，但没有测出元电荷e的数值，e的数值首先是由密立根测出的，故B错误．

C、用点电荷来代替实际带电的电荷是采用了理想化物理模型的方法，故C正确；

D、场强表达式E=和电势差U=都是利用比值法得到的定义式，故D正确．

本题选不正确的，故选：B．

解：A、根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，场强与电势的关系：E=，可得：E=•．Ep-x图象切线的斜率等于，根据数学知识可知，坐标原点O处切线斜率为零，则坐标原点O处电场强度为零，故A错误．

B、由图看出，负电荷在原点的电势能大于x1处的电势能，由Ep=-qφ知，原点O处电势低于x1处电势，故B错误．

C、-x1、x1处图象的斜率一正一负，说明场强方向相反，则电场力方向相反，加速度相反，故C错误．

D、由-x1运动到O过程，根据数学知识可知，图线的斜率先减小后增大，说明场强先增大后减小，由F=qE知，粒子所受的电场力先增大后减小，根据牛顿第二定律得知，加速度先增大后减小，故D正确．

故选：D

解：A、a由N到Q的过程中，重力竖直向下，而库仑力一直沿二者的连线方向，则可知，重力与库仑力的夹角一直减小，故合力一直在增大；故A正确；

B、在整个过程中合力先与运动方向的夹角均为锐角，合力做正功；而后一过程中合力与运动方向夹角为钝角，合力做负功；故从N到P的过程中，速率先增大后减小；故B错误；

C、从a到P小球得速度大小不能确定，故弹力无法判断，故C错误；

D、从P到Q的过程中，由动能定理可知，-mgh-WE=0-mv2；故动能的减小量等于重力势能增加量和电势能的增加量；故D正确；

故选：AD

解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点o的电势与c相等，为16V．故A正确．

    B、oc为等势线，其垂线bd为场强方向，b→d，故B错误   

C、质子从b→c做类平抛运动，沿初速度方向分位移为l，此方向做匀速直线运动，则t=，则C正确．

    D、电势差Ubc=8V，则质子从b→c电场力做功为8eV．根据动能定理可得，故D错误．

故选：AC