热门试卷

解：A、在小球向左运动过程中电场力一直做正功，因此电势能一直减小，故A错误；

B、从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=UABq=mgμL0+，故B错误；

C、点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：UABq-mgμL0=，解得，UAB=．故C错误；

D、A、当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得：r=，故D正确．

故选：D．

解：由题意可知，点B、C、E的电势分别为-20V、20V和60V．UCB=UEF．则F的电势为20V，那么CF是等势线，电场线如图所示：

所以可以判定EA是这个匀强电场的电场线的方向．

A、由上面的判断可知，粒子带负电，故A错误；

B、粒子做类平抛运动，则AB方向做匀速直线运动，则在A点射出时的速度为v==1×105m/s，故B错误；

C、负电粒子从低电势向高电势移动，则电势能减小．故C正确；

D、根据类平抛运动规律，在AE方向，则有：，代入数据，解得：=7.5×108C/kg．故D正确．

故选：CD．

解：A、B、C、据题，B、D两点分别固定电荷量均为q的异种点电荷，通过BD的中垂面是一等势面，A、C在同一等势面上，电势相等，A、C两点的场强都与等势面垂直，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故A、C两点的场强、电势均相同．故AC错误；

两个电荷在C点产生的场强大小：E1=E2=，方向的夹角为120°，则C点的合场强E=E1=E2=，如图．故B正确；

D、由题，通过DB的中垂面是一等势面，A、C在同一等势面上，电势相等，将一正电荷从A点移动到C点，电场力不做功．故D错误．

故选：B

解：A、B、C：设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v．小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，

得到

小球经过B点时，由牛顿第二定律得

代入得Eq=3mg，．故A正确，

B、圆心处的电荷对小球为引力，故圆心处的电荷带负电，故B错误；

C、小球从A到B在同一等势面上运动，故电势相同，故C错误

D、由于在整个过程中只有重力做功，根据机械能守恒可知，能到达C端，故D正确

故选：AD

解：A、两点间的电势差UAB===1.2×105V．故AB错误．

 C、在A、B两点间移动2.5×10-8C的电荷时，A、B间的电势差不变．则电场力做功：WAB′=q′UAB=2.5×10-8×1.2×105J=3.0×10-3J，故C正确，D错误．

故选：C．

解：A、B、由题分析得知，电容器的板间电压保持不变，将M板向上平移一小段距离，板间距离增大，由公式E=可知，板间场强减小，点电荷受到的电场力减小．故A正确；

B、电容器的板间电压保持不变，将M板向上平移一小段距离，板间距离增大，电容器的电容C减小，根据Q=UC可知，M板的带电量减小，故B错误；

C、板间场强减小，P点与下板间的距离未变，则由U=Ed，可知P点与下板之间电势差减小，下板电势为零，且P点的电势高于下板的电势，则P点的电势降低．故C错误；

D、该点电荷带正电，则点电荷在P点具有的电势能减小．故D错误．

故选：A

解：平行金属板间有一静止的正电粒子，若两板间加电压u=Umsinωt，粒子受到电场力作用，根据E=和F=Eq，电场力为：

F=

即粒子的电场力随着时间按照正弦规律变化；

加速度：a=，故粒子的加速度也随着时间按照正弦规律变化；

由于速度与加速度一直同方向，故粒子一直做单方向的直线运动，位移不断增加；

物体的速度方向不变，大小经过一个周期减小为零，不是按照正弦规律变化；

故AB错误，CD正确；

故选：CD．