热门试卷

解：

A、由于真空盒内有水平向右的电场，三个小球在电场中均受到向右的电场力，不可能做类平抛运动，故A错误．

B、运用运动的分解法可知，三个小球水平方向都做匀加速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据公式y=，知t=，由于竖直方向的分位移大小y相等，所以三个小球运动时间一定相等，故B错误．

C、根据动能定理得：qEx+mgy=，则得：v=，x3＞x2＞x1，可知，C小球落到底板时的速率最大．故C正确．

D、由图看出，水平位移的关系为x3＞x2＞x1，初速度v0相同，由位移公式x=v0t+得知，加速度的关系为a3＞a2＞a1，根据牛顿第二定律得知，三个小球所受的电场力大小关系为：F3＞F2＞F1，由F=qE知，小球C所带电荷量最多．故D错误．

故选：C

解：A、从A点以初速度v0沿它们的连线向甲滑行运动，运动到B点静止，处于平衡状态，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则有：mgμ=F库=k，解得：r=，故A正确；

B、在小球向左运动过程中，若做匀减速运动，因此中间时刻的速度等于，如今做加速度减小的减速运动，所以中间时刻的速度小于，如图所示；故B正确；

C、从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做正功，导致电势能减小，因此产生的内能大于m，故C错误．

D、点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：UABq-mgμL0=mv2-m，解得，UAB=．故D正确．

故选：ABD．

解：A、质点运动过程中，电场力的大小和方向是变化的，故合力的大小是变化的，故加速度也是变化的，故A错误；

B、小球受重力、支持力和电场力，支持力不做功，重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，故在质点的运动中动能、电势能、重力势能三者之和守恒，故B正确；

C、对从D到C过程，根据动能定理，有：

mgLsin60°=

解得：

vc=

故C错误；

D、质点滑到C点时，受重力、电场力、支持力，由牛顿第二定律得：

mgsin30°-Fcos30°=maC

其中：

F=k

联立两式解得：

aC=g-，方向平行于斜面向下．

故D正确；

故选：BD．

解：A、根据轨迹的弯曲方向可知，a粒子受到中心电荷的斥力，而b粒子受到中心电荷的斥力，说明a与中心电荷电性相同，b与中心电荷的电性相反，则两粒子的电性相反．故A错误．

B、由等势面的分布可知，该电场是点电荷产生的，由场强公式E=k可知，a点的场强小于b点的场强．故B正确．

C、由于中心电荷的电性无法判断，电场线方向无法判定，则不能比较a、b的电势高低．故C错误．

D、电场力对两粒子均做正功，则两个粒子的电势能均减小．故D错误．

故选：B

解：A、a、b两点是+Q所产生的电场中的两个等势点，所以小环从a到b的过程中只有重力做功，

根据动能定理研究小环从a到b的过程得：

mgh2=m-m=，

解得 vb=，故A正确．

B、小环从o到b电场力做的功等于从o到a电场力做的功，大于零．故B错误．

C、小环在oa之间运动过程，重力和电场力均做正功，速度一直增大．故C错误．

D、环经过ab中点时，竖直方向只受重力，根据牛顿第二定律，有：mg=ma，故a=g，故D正确．

故选AD．

解：A、B、O点的电场强度是两处点电荷的电场的矢量和，其方向如图：

根据库仑定律：

合场强：．故A错误，B正确；

C、AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，故A、C两点的电势相等，故C正确．

D、A、C两点的电势相等，由电势能公式Ep=qφ分析可知：电荷量为q的正电荷在A点的电势能等于在C点的电势能．故D错误．

故选：BC