热门试卷

解：开关S打在A时，电容器的电压为U1=6V，电量为Q1=CU1；

开关S打在B时，稳定时，电容器的电压为U2=8V，电量为Q2=CU2；

故通过电流计的电荷量为Q=Q1+Q2=C（U1+U2），则得 C==F=8.6×10-7F

故选：D

解：将滑动变阻器滑片P向左移动，总电阻增大，则电流减小，R1两端的电压变小，电容不变，根据Q=CU，知电容器所带的电量减小．根据E=知，电场强度减小，则电场力减小，电场力小于重力，则液滴向下运动．故B、D正确，A、C错误．

故选BD．

解：A、电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关．不带电时电容也不为零；故A、B错误，C正确．

    D、根据C=，两极板间距离增大，电容就变小．正对面积增大，电容变大．电容器的电容只由它本身的特性决定的；故D正确；

故选：CD．

解：A、电场强度公式E=适用于任何电场；故A错误；

B、根据电容的定义式C=，电容器极板上的电荷量每增加1C，电压就增加1V，故B正确；

C、电子的电量为e，由W=Uq可知，电场对电子做功加速时W=Ue，即在1V电压下加速，电场力做功为1eV，故C正确；

D、电荷的运动轨迹一般不与电场线重合；故D错误；

故选：BC

解：A、将A板向左平移，增大了A、B板间的距离，根据电容的决定式C=知电容C减小，电容器的电量Q不变，则由电容的定义式C=知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故A正确，B错误．

C、把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式C=分析得知电容C减小，电容器的电量Q不变，则由C=得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大．故C错误，D正确．

故选：AD

解：闭合开关S，电路稳定后，电路中电流为I==A=0.5A

A、电容器两端的电压U=IR1=0.5×3=1.5V，故A错误；

B、带电量为Q=CU=100×10-6×1.5C=1.5×10-4C，故B错误，C正确；

D、先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R1的电荷量等于Q=1.5×10-4C．

故选：C．

解：设电容器原来的电荷量为Q，根据电容的定义式知：C=，

解得：Q=4.5×10-4C，故A错误，B正确．

根据题目的条件无法求出电容器原来的电压大小，故C、D正确．

故选：BCD．

解：A、电容器是能够储存电荷的装置，电容是描述电容器容纳电荷的本领的物理量．故A错误；

B、电容器的电荷量是每个极板电量绝对值．故B正确；

C、电容的单位是法拉．故C正确；

D、根据公式C=：电容器极板正对面积越大板间距离越近电容就越大．故D正确．

本题选择错误的，故选：A

解：A、B、带电粒子受重力和电场力平衡，断开电键后，电容器两端电压变大到等于电源电动势，故场强变大，电场力变大，粒子会向上加速，故A正确，B错误；

C、D、电键断开前，电容器两端电压等于电阻R2两端的电压，断开电键后，电容器两端电压变大到等于电源电动势，

根据电容的定义式C=得到带电量变大，故C错误，D正确；

故选：AD．

解：电容器的决定式C=可知：

A、电容器两极板正对面积变大时，电容变大；故A错误；

B、电容器两极板间距离增大时，电容减小；故B正确；

C、两极板间放入电介质时，电容增大；故C错误；

D、电容与电压及电量无关，故电压增大时，电容不变；故D错误；

故选：B．

解：

A、小球受重力，电场力，且两者一定在一条直线上，若小球沿直线运动，则说明重力与电场力平衡．否则小球合力与速度不在一条直线上，小球做曲线运动，故A错误．

B、由重力和电场力平衡，可知电场力向上，由于小球带负电，故电场线方向向下，M板带正电，故M点电势高于N点电势，故B正确．

C、由于电场力与重力平衡，即F=mg，电场力方向向上，做正功，做功为：W=Fd=mgd，故电势能减少mgd，故C错误．

D、由电场力做功W=qU=mgd，解得：，故D正确．

故选：BD．