热门试卷

解：A、表述电容器容纳电荷的本领为电容，电容器不是电容，故A错误；

B、电容器的电容反映电容器容纳电荷的本领，但容纳的电荷量与两端的电势差有关，电势差越大，则电量越多，并不是说电容越大，电量越多，故B正确；

C、电容器的电容由电容器本身的因素决定，与电容器是否带电无关，故C正确；

D、电容C=，故电容可以理解为：在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需带的电荷量；故D正确；

故选：BCD．

解：A、电容的大小由本身因素所决定，与所带的电量及两端间的电压无关．电容器不带电，电容没变．故A、B错误，C正确．

D、由C=，所以电容在数值上等于使两极板间的电压增加1V时所需增加的电荷量．故D正确．

故选：CD．

解：电量Q的单位是C，电压U的单位是V，电容的单位是F，根据电容的定义式C=，得到1F=1C/V．

故选C

解：A、电容器与电源始终相连，A、B两端的电势差不变，将平行板电容器的下级板B竖直向下移动一小段距离，则d增大，电场强度减小，可知带电颗粒所受的电场力减小，故A错误．

B、由于电场强度减小，AP间的电势差减小，A点的电势为零，则P点的电势升高，故B正确．

C、由于P点的电势升高，微粒带负电，根据Ep=qφ知，电势能减小，故C正确．

D、根据C=知，d增大，则电容减小，由于电势差不变，根据Q=CU知，电荷量减小，故D错误．

故选：BC．

解：根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为0.08×10-3C，由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图象所包含的格子个数为41，

所以释放的电荷量是0.08×10-3C×41=3.28×10-3C；

根据电容器的电容C=可知，C==5.5×10-4F

故选D

解：A、指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近，根据电容的决定式C=得知，电容大．故A错误．

B、指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远，根据电容的决定式C=得知，电容小．故B正确．

C、在手指靠近时，电容增大，而电压一定，则由Q=CU可知，各金属电极电量增大，处于充电状态．故C正确．

D、在手指远离时，电容减小，而电压一定，则由Q=CU可知，各金属电极电量放电状态．故D错误．

故选：BC

解：A、电场是传递电荷之间相互作用的媒介．故A错误；

B、任何带电体所带电荷量都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．故B错误；

C、感应起电说明电荷可以从物体的一部分转移到另一部分，故C正确；

D、公式C=的电容的定义式，电容器的电容是电容器的本身的属性，与电量及电压无关．故D错误．

故选：C

解：A、由电容器的决定式C=可知，间距加大时，电容C将减小；故A正确；

B、错开两极板时，正对面积减小，故电容将减小；故B错误；

C、在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的陶瓷板时，介电常数增大，故电容将增大；故C正确；

D、由电容器的决定式C=可知，电容器的电容大小与两极板的电量以及两极板的电势差无关；故D错误；

故选：AC．

解：设初状态极板间距是d，场强为E，旋转θ角度后，极板间距变为dcosθ，板间电压不变，根据公式E=分析得知，板间场强变化为E′=，而且电场强度的方向也旋转了θ，由受力分析可知，电场力在竖直方向的分力为F=qE′cosθ=qE，仍与重力平衡，水平方向电场力有向左的分力，所以微粒向左匀加速直线运动，由于极板间距变小，导致电容变大，因电压不变，所以电量增加．故AB错误，CD正确；

故选：CD．