热门试卷

解：A、微粒受重力和电场力平衡，故受向上的电场力，知带负电，A正确

B、保持N板不动，M板向上移动，电容减小，电动势不变，则Q=CU减小，B错误

C、场强E=减小，微粒向下运动，电容器对电源反向充电，外电路中电流方向从B到A，故A点电势低于B点电势，D正确

故选：AD

解：A、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变．故A错误．

    B、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容C不变，由定义式C=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变．故B正确．

    C、电容器的带电荷量Q=CU，当电容C一定时，电量与电压成正比．当电容C变化时，电量与电压不成正比．故C错误．

    D、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关．故D错误．

故选B

解：A、电容的电量为一个极板带电量的绝对值．故A正确；

B、电容器的正常工作电压小于击穿电压，故B错误；

C、C=是定义式，不是电容的决定式，电容与带电量无关，故C错误；

D、C=是定义式，不是电容的决定式，电容与电压无关．故D错误．

故选：A．

解：由题意，电容器所带电量Q保持不变，静电计指针张角变小，板间电势差U变小，由C=分析可知，电容C应变大，根据C=分析可知，增大正对面积，减小板间距离、或插入电介质，或插入金属板．所以CD正确．

故选：CD

解：电容式话筒与电源串联，电压保持不变．在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式C=得电容减小，又根据电容定义式C=得电容器所带电量减小，电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高．故B、C错，A、D正确．

故选AD．

解：A、电容的国际单位是F．故A错误，

B、电容表征了电容器储存电荷的本领，B正确

C、由C=，是比值定义式，C与U、Q无关，电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关，故CD错误

故选：B

解：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变．将正极板移到图中虚线所示的位置时，d减小，根据C=知，电容增大，根据U=，则电势差减小．E=，知电场强度不变．则P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变．故C正确，A、B、D错误．

故选C．

解：A、平行板电容器的带电量等于某一个极板带电量的绝对值．故A正确．

    B、电容器的大小与电容器所带的电量和两端间的电势差无关，电量变化时，电容不变．故B错误．

    C、根据Q=CU可知电容器的带电荷量与两板间的电势差成正比．故C正确．

    D、电容器的大小与电容器所带的电量和两端间的电势差无关，电压为0，所带的电量为0，但电容不为0．故D错误．

故选AC．

解：当电键K断开时，电源中没有电流，电容器C1、C2的电压均等于M、N间的电压，C、B间的电压为0，相当于导线，A、D间的电压也为0，也相当于导线，所以AB间的电压等于M、N间的电压，为UAB=UMN=18V．

当电键闭合时，两电阻串联，则C1、C2的电压分别等于电阻R1、R2的电压，则有

电容器C1的电压为U1=UMN=×18V=12V

由C==，得：电容器C1的电量减小为△Q1=C1△U1=C1（UMN-U1）=6×10-6×（18-12）C=3.6×10-5C

故选：D．