热门试卷

解：带电粒子处于悬空静止状态，说明mg=qE；当变阻器R0的滑动端向左移动时，电阻变大电流减小，R两端的电压减小，由C=知，Q减小，两板间的场强减小，mg＞qE，粒子将向下运动，B正确．

故选B

解：A、电容器两极板间可形成匀强电场，板间电势差为U=2φ，电场强度为E==．故A错误．

B、电容器上板带正电，下板带负电，电场强度方向向下，根据顺着电场线电势降低可知，电容器两极板间在同一等势线的各点电势相同，不在同一等势线上的电势不同．有正的，有负的，有的为零．故B正确．

C、只减小两极板间的距离d，则由C=得知，该电容器的电容C增大，电压U不变，由电容的定义式C=分析得知，极板上带的电荷量Q增加．故C正确．

D、电子水平射入穿越两极板之间的电场，电场力对电子做正功，故电子的动能一定增加；但电子不一定水平射入，故电场力不一定做正功，动能不一定增加．故D错误．

故选BC．

解：A、电容器是存储电荷的仪器，故A正确；

B、平行板电容器中如果两个导体连接，变为等势体，将会放电，故B错误；

C、根据公式C=，要增大可变电容器的电容，可以把可变电容器的动片旋进一些，故C错误；

D、要增大可变电容器的电容，根据公式C=，可以减小极板间的距离，故D错误；

故选：A．

解：根据电容的决定式C=，C与板间距离d、极板正对面积和电介质，由图知d和电介质没有改变，可知此可变电容器是利用改变正对面积来改变电容的．动片旋出时正对面积减小，电容变小．故B正确

故选：B

解：AB、开关S闭合时带电液滴受重力和电场力平衡，电容器板间电压等于R2的电压，小于电源的电动势．

断开电键后，电容器两端电压等于电源的电动势，故板间电压增大，场强变大，电场力变大，粒子会向上加速，故A、B错误；

CD、电键断开前，电容器两端电压等于电阻R2两端的电压，断开电键后，电容器两端电压变大到等于电源电动势，电压增大，根据电容的定义式C=得到电容器的带电量变大，将有一个瞬间充电的过程，故C错误，D正确；

故选：D．

解：A、根据电容器的决定式，当正对面积S减小时，电容器的电容减小．故A错误；

B、带电尘粒受电场力没有发生变化，故电场力不变粒子仍处于平衡状态，故B正确；

C、电容器极板间的场强：E=，电压与极板之间的距离不变，则电场强度不变．故C错误；

D、由于电容器的电容减小，两极板间电压保持不变，故电容器的带电荷量将减小，故电容器放电，流经电阻R电流方向从A至B，故D正确．

故选：BD

解：

A、电容器带电的电量Q越多，两极之间的电压U越高，但电容不变．故A错误．

B、电容反映本身的特性，电容器不带电时，电容仍为C，故B错误；

C、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，与电压U无关，给定的电容C一定．故C错误．

D、电容表征电容器容纳电荷的本领大小，其大小与电量也无关；故D正确；

故选：D．

解：开关S打在A时，电容器的电压为U1=6V，电量为Q1=CU1；

开关S打在B时，稳定时，电容器的电压为U2=8V，电量为Q2=CU2；

故通过电流计的电荷量为Q=Q1+Q2=C（U1+U2），则得 C==F=8.6×10-7F

故选：D

解：

电容的定义公式是C=，采用的是比值定义法，不能说电容C与带电Q成正比，与电压U成反比，

电容器的电容由电容器本身决定，与电容器所带电量无关；电容器不带电，其电容C也不为零．故D正确，ABC错误．

故选：D．

解：A、加速度与所受的合力成正比，与质量成反比，所以a=不属于比值定义法．故A错误；

B、电容C与电量及电压无关，属于比值定义法；故B正确；

C、电阻R与电压及电流无关，属于比值定义法；故C正确；

D、磁感应强度与电流与安培力无关，属于比值定义法，故D正确；

故选：BCD．