热门试卷

解：

A、指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近，根据电容的决定式得知，电容大．故A错误；

B、指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远，根据电容的决定式得知，电容小．故B正确；

CD、在手指挤压绝缘表面时，电容电极间的距离减小，根据电容的决定式得知，电容增大，而电压一定，则由Q=CU可知，各金属电极电量增大．故C错误D正确；

故选：BD．

解：由平行板电容器的决定式C=可知，正对面积增大，电容增大；两极板间距增大，电容减小；取出极板间的电介质，电容减小．故A、B、C错误，D正确．

故选：D．

解：A、开关断开时，两电容器均直接接在电源两端；故电容器两端的电压等于电源的电动势；a点接电源的负极，b接电源的正极；故ab两点电势不相等；故A错误；

B、开关闭合后，两电阻串联，由闭合电路欧姆定律可知，电流I==2A；故B正确；

C、开关断开时，电容器两端的电压为18V，而开关闭合后，其电压为R1两端的电压，故电压减小，电荷量减小；故C正确；

D、当开关闭合时，C1两端的电压U1=2×3=6V；C2两端的电压为：U2=2×6=12V；则Q1=U1C1=6×6×10-6=3.6×10-5C；Q2=U2C2=12×3×10-6=3.6×10-5C；故D错误

故选：BC．

解：A、电容器的电容与电容器所带的电量、电容器两端间的电势差无关，故A错误；

B、当电容器所带的电量增大，电势差也增大，两者的比值（即电容）不变，故B错误；

C、电容器都有一定的击穿电压，当U增大时，Q不可能无限增大；

D、两个相互靠近彼此绝缘的人，虽然不带电，但它们之间有电容，故D正确；

故选：D．

解：A、B、当S闭合时，R1、R2串联，C1与电阻R1并联，C2与电阻R2并联，电容C1的电压为：

；

电容C2的电压为：

；

当开关S断开时，电路中无电流，两电容的电压都等于电源的电动势，为4V；

根据公式C=，C1的电量增加量为：

△Q1=6μF×（4V-2V）=1.2×10-5C

C2的电量增加量为：

△Q2=3μF×（4V-1V）=9×10-6C

故A正确，B错误；

C、D、S打开后，电路中无电流，B点与电源的负极电势相等，A点与电源的正极电势相等，故C错误，D正确；

故选：AD．

解：

A、B：A板向下移动时，板间距离d减小，由电容的决定式C=可知，电容C增大．电容器的电压U不变，由E=分析可知，板间电场场强增大．故A正确，B错误．

C、D：A板向上移动时，电容减小，根据Q=CU知电荷量要减小，但因为二极管具有单向导电性，电荷不能流走，所以电容器所带的电荷量Q不变．根据C=、C=和E=结合得到E=知，电场强度不变．故C错误，D正确．

故选：AD．

解：A、处于静电平衡状态的导体，由于内部场强处处为零，故任意两点间的电势差为零，但电势不一定为零，故A错误；

B、处于静电平衡状态的导体是等势体，故其表面是等势面，故不管其表面形状怎样，其表面处的电场线一定与其表面垂直，故B正确；

C、由Q=CU可知，当C一定时，电容器的带电量Q一定随极板间电势差不断增大而增加，即要保证C一定；故C错误；

D、一电容器带有不变的电量，根据E=，C=，C=，有：E=；即E与d无关，故D错误；

故选：B．

解：A、电容器两板间电压等于R2两端电压．当滑片P向左移动时，总电阻增大，则总电流减小，则R2两端电压U减小，由E=知电容器中场强变小，A错误；

B、由上分析可知，电容器两端电压减小，根据可得，电容器放充电，电荷量减小，B正确；

C、电容器的电容与U的变化无关，保持不变，C项错误．

D、当滑片P向左移动时，R2两端电压U减小，由E=知电容器中场强变小，则带电液滴所受电场力变小，使液滴向下运动，D项错误；

故选：B．