热门试卷

解：对小球受力分析如图：

要使悬线的偏角α变大，需要增加F电，即增加PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，所以只需增加PQ两极板间的电压即可．

两个电容器并联，所以两个电容器极板间的电压相同，只需增加ab两极板之间的电压就可以增加PQ两极板间的电压．

对电容器ab：Q不变，由C=得知，要增加U，则需要将电容C减小．

由C=分析得：减小电容C可有三个方法：

1、增大极板距离d

2、减小正对面积s，如将ab板错开

3、换介电常数小的电介质

所以①③正确．

故选C

解：A、B由图可知，滑动变阻器上下两部分并联后R串联；电容器并联在R两端；

则滑片从上端滑到下滑的过程中，滑动变阻器的总电阻先增大后减小，故电路中总电流先减小后增大；则电容器两端的电压先减小后增大；故电容器先放电后充电；故AB错误；

C、因r＜R，故外电阻一直大于内电阻，当外电阻最小时电源的输出功率最大，故电源的输出功率先减小后增大；故C错误；

D、电效的效率η=×100%，因路端电压U先增大后减小；故电源的效率先增大后减小；故D正确；

故选：D．

解：

A、由C=，是比值定义式，C与U、Q无关，电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关．故A错误，B错误

C、1F=106μF，故C错误

D、电容器与两极板间的电势差和电量无关，只与电容器基本结构组成有关，故D正确

故选：D

解：A、根据电动势的定义式E=可知电动势在数值上等于将1C正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功，故A错误．

B、电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，故电容大的电容器能容纳更多的电荷量；故B正确；

C、电场中某点场强的方向即为正电荷在该点的受力方向；故C错误；

D、电势是标量，和场强一样都是电场本身的属性，与试探电荷无关；故D正确；

故选：BD．

解：初始位置的电容为：

C=ε=F=7.5×10-13F

d减小，C增大，电子线路恰能检测出必要的信号时的电容为：

C′=7.5×10-13+2.5×10-13F=1×10-12F．

C′=ɛ，

得：d′=ɛ=0.45×10-3 m=0.45mm，

所以d的变化量为0.15mm，即键至少需被按下0.15mm．故A正确，BCD错误．

故选：A．

解：A、电容器是能够储存电荷的装置．故A错误．

B、电容是描述电容器储存电荷本领大小的物理量，不是电容器，故B错误．

C、根据C=知，电容器正对面积越大，电容越大，极板间的距离越大，电容越小，故C错误．

D、使电容带电的过程叫充电，故D正确．

故选：D．

解：A、电源效率η==，路端电压U减小，电动势E不变，所以电源的效率减小．故A错误；

B、D、电路中的总电流增大，电源的内电压增大，根据全电路欧姆定律得知路端电压减小，而电容器极板间的电压就等于路端电压，所以电容器板间电压减小，带电量减小．故D错误，B正确；

C、由于电源的内阻与外电阻的关系未知，不能确定电源的输出功率如何变化，故C错误

故选：B．