热门试卷

解：由库伦定律可得：

变化前：F=

变化后：F′=

故F′=4F

故选：B．

解：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，同种电荷实际上电荷间的距离大于1m，异种电荷实际上电荷间的距离小于1m，根据库仑定律F=，知F1＜F2．故B正确，A、C、D错误．

故选B．

解：A、以整体为研究对象可知，A不动，B先加速下降，再减速下降，故整体上看，系统先处于失重，再处于超重，故A对筒底的压力先小于A、B两球的重力，再大于AB的重力，因此B运动的过程中，A对筒底的压力变化，故A错误．

B、隔离B球受力如图所示，根据水平方向上受力平衡有：

FN=Fsinθ，

B下降，两球之间的距离减小，库仑力F变大，同时θ角变大，sinθ变大，因此筒壁给球B的支持力FN增大，根据作用力与反作用力可知B球对筒壁的压力变大，故B正确；

C、小球从静止释放，先向下加速，经过平衡位置加速度为零，速度最大，接下来速度减小，当小球接近筒底前，电场力沿竖直方向的分力小于重力，做加速运动，速度增大，故先加速后减速再加速，所以动能先增大再减小再增大，故C错误．

D、两球之间的距离减小，电场力做负功，系统电势能增大，故D正确．

故选：BD．

解：A、两个小球原来分别带同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新平分，带上等量同种电荷，存在排斥力．故A可能．

    B、两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球不存在排斥力．故B不可能．

    C、两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力．故C可能．

    D、原来的其中一个带电，把两个完全相同的小球接触后电荷平分，带上等量同种电荷，存在排斥力．故D可能．

本题选不可能的，故选：B．

解：对C进行受力分析，因弹力一定过圆心的连线上，根据平衡条件得C一定要受到同时排斥，或同时吸引的两个力，则AB一定带相同电荷，

如果是等量电荷，那么小球应该的均匀分布在环上，故ABC错误，D正确；

故选：D．

解：若qA和qB均为固定的正电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，

通过受力分析可知，

有库仑定律，对q有=

因为qA＞qB．所以rA＞rB

而且保证两个力的方向相反，

所以应将qC置于AB线段上，且靠近B．

若qA和qB为固定的异种电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，

通过受力分析可知，

有库仑定律，对q有=

因为qA＞qB．所以rA＞rB

而且保证两个力的方向相反，

所以应将qC置于AB连线的延长线上，且靠近B．故AD正确，BC错误；

故选AD．

解：A、库仑定律适用于点电荷，点电荷并不是体积很小的球体，故A错误．

B、当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式F=k不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误．

C、两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷Q1的电荷量与Q2的电荷量大小如何，Q1对 Q2的电场力大小上总等于Q2对 Q1电场力．故C错误．

D、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用，故D正确．

故选：D．

解：A、根据库仑定律，结合牛顿第三定律，可知，A球对B球的库仑力等于B球对A球的库仑力，故A错误；

B、对小球A、B受力分析，根据平衡条件有：

mAg=

mBg=

因α＜β，所以mA＞mB，故B正确；

C、根据库仑定律，结合牛顿第三定律，可知，夹角的大小与各自电量的大小无关，不能判断电荷量的关系，故C错误；

D、根据平衡条件有：

F拉A=

F拉B=

因α＜β，所以B球受的拉力较小，故D错误．

故选：B

解：A、B、D：设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v．

小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得，mgR=mv2；

得v=

小球经过B点时，由牛顿第二定律得

   qE-mg=

代入得Eq=3mg    

即E=；故AD正确，B错误；

C：在整个滑动的过程中，电场力和弹力都不做功，只有重力做功，所以机械能守恒，小球能够到达C点，且到达C点时的速度刚好为零．故C错误．

故选：AD．