- 牛顿运动定律
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如图所示的空间分布I、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域,各边界面相互平行,I区域存在匀强电场,电场强度E=1.0×104V/m,方向垂直边界面向右.Ⅱ、Ⅳ区域存在匀强磁场,磁场的方向分别为垂直纸面向外和垂直纸面向里,磁感应强度分别为B1=2.0T,B2=4.0T,Ⅲ区域内无电磁场.四个区域宽度分别为d1=5m,d2=d4=7.5m,d3=8.0m.一质量m=1.0×10-8kg、电荷量q=1.6×10-6C的粒子从O点由静止释放,粒子的重力忽略不计.sin37°=0.6,cos37°=0.8求:
(1)粒子离开I区域时的速度大小v;
(2)粒子在Ⅲ区域内运动时间t;
(3)(此问省示范高中学生必做,其他学校学生不做)粒子离开区域Ⅳ时速度与磁场边界面的夹角α.
正确答案
(1)粒子在电场中做匀加速直线运动,由动能定理有
qEd1=mv2-0
解得 v=4.0×103m/s;
(2)设粒子在磁场B1中做匀速圆周运动的半径为r,则
qvB1=
解得 r=12.5m
设在Ⅱ区内圆周运动的圆心角为θ,则sinθ=
解得 θ=37°
粒子在Ⅲ区域内运动时间t==2.5×10-3s
(3)设粒子在Ⅳ区做圆周运动道半径为R,则 qvB2=
解得 R=6.25m
粒子运动轨迹如图所示,由几何关系可知△MO2P为等腰三角形
粒子离开Ⅳ区域时速度与边界面的夹角 α=53°
答:(1)粒子离开I区域时的速度大小为4.0×103m/s;
(2)粒子在Ⅲ区域内运动时间为2.5×10-3s;
(3)粒子离开区域Ⅳ时速度与磁场边界面的夹角α为53°.
如图所示,MN是匀强磁场的左边界(右边范围很大),磁场方向垂直纸面向里,在磁场中有一粒子源P,它可以不断地沿垂直于磁场方向发射出速度为v、电荷为+q、质量为m的粒子(不计粒子重力).已知匀强磁场的磁感应强度为B,P到MN的垂直距离恰好等于粒子在磁场中运动的轨道半径.求在边界MN上可以有粒子射出的范围.
正确答案
在右图画出两个过P且半径等于R的圆,其中的实线部分代表粒子在磁场中的运动轨迹,
则下面的圆的圆心O1在P点正下方,它与MN的切点f就是下边界,
上面的圆的圆心为O2,过P点的直径的另一端恰在MN上(答图2中g点),则g点为粒子射出的上边界点.
由几何关系可知:cf=R,
cg==
R.
即可以有粒子从MN射出的范围为c点上方R至c点下方R,
fg=(1+)R.
答:在边界MN上可以有粒子射出的范围为c点上方R至c点下方R.
一个质量m=0.1kg的正方形金属框总电阻R=0.5Ω,金属框从表面绝缘且光滑的斜面顶端(金属框上端与AA′重合)由静止开始沿斜面下滑,下滑过程中穿过一段边界与斜面底边BB′平行、宽度与线框边长相同的匀强磁场后滑至斜面底端(金属线框下边与BB′重合),设金属框在下滑过程中的速度为v,与其对应的位移为s,整个运动过程的v2-s图象如图所示,已知匀强磁场方向垂直斜面向上,取g=10m/s2
(1)根据v2-s图象所提供的信息,计算出斜面倾角θ和磁场宽度d.
(2)匀强磁场的磁感应强度多大?
正确答案
(1)据v2-s图象知,当线框进入磁场时:v2=16(m/s)2,s=1.6m
由v2=2as得:a==5m/s2.
对线框,由牛顿第二定律得:mgsinθ=ma
解得:θ=30°
磁场的宽厚d=2m=0.5m
(2)由图线知线框穿过磁场的过程中匀速运动,且v=m/s=4m/s
由平衡条件得:F磁=mgsinθ
又F磁=BId=Bd•=
由上两式解得:B=0.5T
答:
(1)斜面倾角θ为30°,磁场宽度d是0.5m.
(2)匀强磁场的磁感应强度是0.5T.
如图所示,宽度为L的金属框架竖直固定在绝缘地面上,框架的上端接有一特殊的电子元件,如果将其作用等效成一个电阻,则其阻值与其两端所加的电压成正比,即等效电阻R=kU,式中k为恒量.框架上有一质量为m的金属棒水平放置,金属棒与框架接触良好无摩擦,离地高为h,磁感应强度为B的匀强磁场与框架平面相垂直.将金属棒由静止释放,棒沿框架向下运动.不计金属棒电阻,问:
(1)金属棒运动过程中,流过棒的电流多大?方向如何?
(2)金属棒经过多长时间落到地面?
(3)金属棒从释放到落地过程中在电子元件上消耗的电能多大?
正确答案
(1)在棒运动过程中,流过电阻R的电流大小为 I==
;①
根据楞次定律判断得知:电流方向水平向右(从a→b).
(2)在运动过程中金属棒受到的安培力为FA=BIL=
对金属棒运用牛顿第二定律,mg-FA=ma ③
得a=g-恒定,所以金属棒作匀加速直线运动;
设金属棒经过时间t落地,有h=at2 ④
解得t==
⑤
(3)设金属棒落地时速度大小为v,有
v==
=
根据动能定理,有 WG-Q=mv2 ⑥
得Q=mgh-mv2=mgh-
=
答:(1)金属棒运动过程中,流过棒的电流大小为,方向从a→b.
(2)金属棒经过长时间落到地面.
(3)金属棒从释放到落地过程中在电子元件上消耗的电能为.
利用电场和磁场,可以将比荷不同的离子分开,这种方法在化学分析和原子核技术等领域有重要的应用.如图所示的矩形区域ACDG(AC边足够长)中存在垂直于纸面的匀强磁场,A处有一狭缝.离子源产生的离子,经静电场加速后穿过狭缝沿垂直于GA边且垂直于磁场的方向射入磁场,运动到GA边,被相应的收集器收集.整个装置内部为真空.已知被加速的两种正离子的质量分别是m1和m2(m1>m2),电荷量均为q.加速电场的电势差为U,离子进入电场时的初速度可以忽略.不计重力,也不考虑离子间的相互作用.
(1)求质量为m1的离子进入磁场时的速率v1;
(2)当磁感应强度的大小为B时,求两种离子在GA边落点的间距s;
(3)在前面的讨论中忽略了狭缝宽度的影响,实际装置中狭缝具有一定宽度.若狭缝过宽,可能使两束离子在GA边上的落点区域交叠,导致两种离子无法完全分离.设磁感应强度大小可调,GA边长为定值L,狭缝宽度为d,狭缝右边缘在A处.离子可以从狭缝各处射入磁场,入射方向仍垂直于GA边且垂直于磁场.为保证上述两种离子能落在GA边上并被完全分离,求狭缝的最大宽度.
正确答案
(1)动能定理 Uq=m1
得:v1=…①
(2)由牛顿第二定律和轨道半径有:
qvB=,R=
利用①式得离子在磁场中的轨道半径为别为(如图一所示):
R1=,R2=
…②
两种离子在GA上落点的间距s=2(R1-R2)=(
-
)…③
(3)质量为m1的离子,在GA边上的落点都在其入射点左侧2R1处,由于狭缝的宽度为d,因此落点区域的宽度也是d(如图二中的细线所示).同理,质量为m2的离子在GA边上落点区域的宽度也是d(如图二中的粗线所示).为保证两种离子能完全分离,两个区域应无交叠,条件为2(R1-R2)>d…④
利用②式,代入④式得:2R1(1-)>d
R1的最大值满足:
2R1m=L-d
得:(L-d)(1-)>d
求得最大值:dm=L.
如图所示,电阻不计的平行金属导轨MN和OP放置在水平面内.MO间接有阻值为R=3Ω的电阻.导轨相距d=lm,其间有竖直向下的匀强磁场,磁感强度B=0.5T.质量为m=0.1kg,电阻为r=lΩ的导体棒CD垂直于导轨放置,并接触良好.用平行于 MN的恒力F=1N向右拉动CD.CD受摩擦阻力f恒为0.5N.求
(1)CD运动的最大速度是多少?
(2)当CD到最大速度后,电阻R消耗的电功率是多少?
(3)当CD的速度为最大速度的一半时,CD的加速度是多少?
正确答案
(1)由F安=BId,I=,E=BdV,得
当V=Vm时,有F=F安+f
代入解得 Vm=8m/s
(2)速度最大后电流为恒定电流,
则 Em=BdVm,Im=
P=Im2R
代入解得 P=3w
(3)E'=Bdvm,I=
,F'=BId
由F-F'-f=ma
所以:a=2.5m/s2答:(1)CD运动的最大速度是8m/s.
(2)当CD到最大速度后,电阻R消耗的电功率是3W.
(3)当CD的速度为最大速度的一半时,CD的加速度是2.5m/s2.
某同学从底楼静止开始乘电梯到第九层楼停下,在此过程中,下列正确的有( )
正确答案
下列对运动的认识不正确的是( )
正确答案
为了研究超重与失重现象,某同学把一体重秤放在电梯的地板上,他站在体重秤上随电梯上下运动并观察体重秤示数的变化情况.下表记录了几个特定时刻体重秤的示数.
正确答案
某同学用手托着书使它做下述各种情况的运动,则书对手的压力最大的情况是( )
正确答案
关于人造地球卫星及其中物体的超重和失重问题,下列说法正确的是( )
①在发射过程中向上加速时产生超重现象
②在降落过程中向下减速时产生失重现象
③进入轨道时作匀速圆周运动,产生失重现象
④失重是由于地球对卫星内物体的作用力减小而引起的.
正确答案
某同学用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态.他在地面上用测力计测量砝码的重力,示数为G.他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力,发现测力计的示数小于G,由此判断此时电梯的运动状态可能是( )
正确答案
质量为m的人站在升降机内的磅秤上,升降机以加速度a在竖直方向上做匀变速直线运动,若人处于失重状态,则( )
正确答案
下列关于超重、失重现象的描述中,正确的是( )
正确答案
手提一个挂有重物的轻弹簧竖直向上做匀加速运动,当手突然停止运动的很短一段时间内重物将( )
正确答案
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