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题型:简答题
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简答题

酸碱中和反应是中学化学一类重要的反应,某学生实验小组对课本中的两个酸碱中和实验进行了研究。

(1)用右图装置进行强酸(50mL 0.5mol/L的HCl)和强碱(50mL 0.55mol/L的NaOH)反应的中和热测定。

①从实验装置上看,图中尚缺少的一种玻璃仪器是      

②大小烧杯之间填满纸屑的作用是             

③若用醋酸代替上述盐酸实验,实验测得的中和热的数值        (填 “偏高”、“偏低”或“无影响”)。

(2)用实验室准确配制的0.100mol/L的NaOH溶液测定某未知浓度的稀盐酸。 其具体实验步骤如下:

①应选择      滴定管(填写图中对应字母),用少量标准NaOH溶液润洗2~3次水洗后的该滴定管,再加入标准的0.100mol/L的NaOH溶液并记录液面刻度读数;                                                         

②用酸式滴定管精确的放出25.00mL待测盐酸,置于用蒸馏水洗净的锥形瓶中。再加入2滴酚酞试液;

③滴定时,边滴边振荡,同时眼睛注视锥形瓶内溶液颜色的变化,           即达到滴定终点;

④记录液面刻度读数。根据滴定管的两次读数得出消耗标准NaOH溶液的体积,再重复测定两次,实验结果记录见下表:

测得未知稀盐酸的物质的量浓度为               (保留小数点后3位)。

⑤以下操作造成测定结果偏高的原因可能是         (填写字母序号)。

A. 滴定终点读数时,俯视滴定管的刻度,其它操作均正确

B. 盛装未知液的锥形瓶用蒸馏水洗过,未用待测液润洗

C. 滴定到终点读数时发现滴定管尖嘴处悬挂一滴溶液

D. 未用标准液润洗碱式滴定管

E. 滴定前锥形瓶用蒸馏水洗净后未干燥

正确答案

(1)①环形玻璃搅拌棒  (2分)②隔热、保温、减小实验过程中热量的损失  (2分)

③偏低  (2分) (2)①b (2分)    ③当溶液由无色变为红色,且半分钟不褪色   (2分)

④0.096mol/L   (2分)    ⑤CD (2分)

试题分析:(1)①在实验过程中为了使溶液混合均匀,需要搅拌,所以从实验装置上看,图中尚缺少的一种玻璃仪器是环形玻璃搅拌棒。

②由于在实验过程中要尽可能的减少热量的损失,所以大小烧杯之间填满纸屑的作用是隔热、保温、减小实验过程中热量的损失。

③醋酸是弱酸,存在电离平衡,电离是吸热的,所以若用醋酸代替上述盐酸实验,实验测得的中和热的数值偏低。

(2)①根据仪器的构造可知,a是酸式滴定管,b是碱式滴定管,因此应该用碱式滴定管盛放氢氧化钠溶液,答案选b。

③滴定时,边滴边振荡,同时眼睛注视锥形瓶内溶液颜色的变化,由于碱能使酚酞试液变红色,所以当溶液由无色变为红色,且半分钟不褪色时即达到滴定终点。

④根据表中数据可知,三次实验消耗的氢氧化钠溶液的体积分别是24.04ml、23.96ml、22.52ml,显然第三次实验的误差太大,舍去。则消耗氢氧化钠溶液的平均值是24.00ml,所以盐酸的浓度是=0.096mol/L。

⑤根据可知,滴定终点读数时,俯视滴定管的刻度,则读数偏小,测定结果偏低;选项B、E中对实验不影响;滴定到终点读数时发现滴定管尖嘴处悬挂一滴溶液,相当于氢氧化钠的体积增加,测定结果偏高;未用标准液润洗碱式滴定管,相当于稀释氢氧化钠溶液,所以消耗氢氧化钠溶液的体积增加,测定结果偏高,答案选CD。

点评:该题是高考中的常见题型,属于中等难度的试题。试题基础性强,在注重对基础知识巩固和训练的同时,侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练,有利于培养学生规范严谨的实验设计能力以及评价能力。该类试题主要是以常见仪器的选用、实验基本操作为中心,通过是什么、为什么和怎样做重点考查实验基本操作的规范性和准确性及灵活运用知识解决实际问题的能力。该类试题的难点是误差分析。

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题型:填空题
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填空题

(6分)在25℃时,对于0. 1mol·L-1的氨水,请回答以下问题:

(1)若向氨水中加入少量硫酸铵固体,此时溶液中    (填“增大”、 “减小”或“不变”);

(2)若向氨水中加入pH=1的硫酸,且氨水与硫酸的体积比为1∶1,此时溶液的pH     7(填“大于”、“小于”或“等于”),用离子方程式表示其原因            ,此时溶液中各离子浓度由大到小的顺序为                   .

(3)若向氨水中加入0.05mol·L-1稀硫酸至溶液正好呈中性,所用氨水的体积V1与稀硫酸的体积V2的关系为V1     V2(填“大于”、“小于”或“等于”),写出溶液中各离子浓度之间满足的电荷守恒表达式为                                       

正确答案

(1)增大(1分)

(2)小于(1分)  

c(NH4+)>c(SO42-)>c(H+)>c(OH-

(3)大于(1分) c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-

试题分析:(1)氨水中存在着电离:NH3·H2O NH4++OH-,若向氨水中加入少量硫酸铵固体,则c(NH4+)增大,平衡向逆反应方向移动,此时溶液中变大。

(2)混合后,溶液的溶质为(NH4)2SO4,存在NH4+的水解,溶液显酸性;且其离子浓度大小关系为c(NH4+)>c(SO42-)>c(H+)>c(OH-)。

(3)若二者的体积相等,则所得溶液溶质为(NH4)2SO4,显酸性;要使溶液则中性,则需硫酸的量较少。电荷守恒式为c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-)。

点评:本题是对电解质溶液的综合考查。解题时,应首先判断溶液的溶质,其次根据电离水解,判断溶液中的离子种类以及溶液的酸碱性,最后再写出三个守恒式即可。

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题型:填空题
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填空题

(10分)常温下,向100mL0.01mol·LHA溶液中逐滴加入0.02molMOH溶液,图中所示曲线表示混合溶液的pH变化情况体积变化忽略不计)。回答下列问题:

(1)由图中信息可知HA为       酸(填“强”或 “弱”),理由是                                             

(2)常温下一定浓度的MA稀溶液的pH=,则   7(填“>”、“<”或“=”),用离子方程式表示其原因为                           ,此时,溶液中由水电离出的c(OH)=                       

(3)请写出K点所对应的溶液中离子浓度的大小关系:                         

(4)K点对应的溶液中,c(M)+c(MOH)       2c(A)(填“>”、“<”或“=”);若此时溶液中,pH=lO,则c(MOH)+c(OH)=       mol·L。(用代数式表示)

正确答案

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题型:填空题
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填空题

(8分)某温度(t°C)时,测得0.01mol·L-1的NaOH溶液的pH为11,则该温度下水的Kw=            .(2分)

在此温度下,将pH=a的H2SO4溶液VaL与pH=b的NaOH溶液VbL混合.

(1)若所得混合液为中性,且a=2,b=12,则Va∶Vb       ;(3分)

(2)若所得混合液的pH=10,且a=2,b=12,则Va∶Vb         。(3分)

正确答案

(6分)Kw=10-13  (1)10∶1(2)9∶1

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填空题

(7分)已知:A酸的溶液pH=a,B碱的溶液pH="b   "

(1)若A为盐酸,B为氢氧化钡,且a+b=14,两者等体积混合,溶液的pH=    。酸碱按体积比为1:10混合后溶液显中性,则a+b=            

(2)若A为醋酸,B为氢氧化钠,且a=4,b=12,那么A溶液中水电离出的氢离子浓度为          mo1·L–l,B溶液中水电离出的氢离子浓度为            mol·L–1

(3)若A为醋酸,B为氢氧化钠,且a+b=14,用体积为VA的醋酸和体积为VB的氢氧化钠溶液混合后,溶液显中性,则其体积关系VA               VB,混合后溶液中的离子浓度关系为c(Na+            c(CH3COO)。   

(4)若A的化学式为HR,B的化学式为MOH,且a+b=14,两者等体积混合后溶液显碱性。则混合溶液中必定有一种离子能发生水解,该水解反应的离子方程式为                  。

正确答案

(7分)(1)pH=" 7  "  。a+b="  13    " 。

(2)为  10—10    mo1·L–l,为 10—12    mol·L–1。(3)VA <  VB c(Na+)=  c(CH3COO)。

(4)离子方程式为 M++H2OMOH+H+

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简答题

(1)25℃时, 0.05mol/LH2SO4溶液的PH=________;0.05mol/LBa(OH)2溶液PH=            

(2)已知100℃时,KW=1×10-12在该温度下,将100ml0.001 mol/L的NaOH溶液加水稀释至1L,则该溶液的PH=             

正确答案

(1)  1    13     (2)  8

试题分析:(1)0.05mol/LH2SO4溶液中氢离子浓度为0.1mol/L,pH=1;25℃时0.05mol/LBa(OH)2溶液中氢氧根离子浓度为0.1mol/L,氢离子浓度为10-13mol/L,pH=13。

(2)100℃时,0.001 mol/L的NaOH溶液中氢氧根离子浓度为0.001mol/L,稀释到1L,氢氧根离子浓度为0.0001mol/L,氢离子浓度为 mol/L =10-8mol/L,pH=8。

点评:计算碱溶液pH时利用c(H+)= ,再求pH。

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填空题

(10分)

(1)室温下,如果将0.1mol NH4Cl和0.05mol NaOH全部溶于水,形成混合溶液

(假设无损失),

①__     和_      两种粒子的物质的量之和等于0.1mol。

②_      和_      两种粒子的物质的量之和比OH多0.05mol。

(2)已知某溶液中只存在OH、H+、NH4+、Cl四种离子,某同学推测该溶液中

各离子浓度大小顺序可能有如下四种关系:

①若溶液中只溶解了一种溶质,该溶质的名称是         ,上述离子浓度大小

顺序关系中正确的是(选填序号)                

②若上述关系中C是正确的,则溶液中溶质的化学式是            

③若该溶液中由体积相等的稀盐酸和氨水混合而成,且恰好呈中性,则混合前

c(HCl)        c(NH3·H2O)(填“>”、“<”、或“=”,下同),混合后

溶液中c(NH4+)与c(Cl)的关系c(NH4+           c(Cl

正确答案

(10分)(1)①NH3?H2O和NH4+②NH4+和H+

(2) ① 氯化铵 ,A         ② NH4Cl和HCl      ③ < ,=  

(1)溶液混合问题,首先考虑是否反应。此题中,NH4Cl与NaOH反应,生成0.05molNaCl和0.05mol NH3·H2O,另外还剩余0.05mol NH4Cl。根据N原子守恒,NH3?H2O和NH4+之和为0.1mol。根据电荷守恒n(Na+)+ n(H+)+ n(NH4+)=n(Cl)+ n(OH),可以得到n(H+)+ n(NH4+)- n(OH)= n(Cl)- n(Na+)=0.1mol-0.05mol=0.05mol。

(2)任何水溶液中均存在OH和H+,所以去掉OH和H+,剩下的离子就是溶质产生的,因此①中溶质为氯化铵。而此溶液中,因为NH4+水解,所以c(Cl)>c(NH4+)>c(H+)>c(OH),而要变为C选项,就要增大c(H+),所以要在NH4Cl溶质的基础上继续加其对应的酸HCl,所以溶质为NH4Cl和HCl。③中,先假设体积相等的稀盐酸和氨水混合,恰好中和,则溶质只有NH4Cl。而此情况溶液为酸性,n(HCl)=n(NH3·H2O),若在此基础上变为中性,就要增大显碱性的NH3·H2O的物质的量,使NH3·H2O有剩余,所以n(HCl)< n(NH3·H2O),得到c(HCl)< c(NH3·H2O)。而根据电荷守恒c(NH4+)+ c(H+)= c(Cl)+ c(OH),溶液呈中性的话,c(H+)= c(OH),所以得到c(NH4+)= c(Cl)。

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填空题

已知元素M是组成物质NH4Al(SO42的一种元素。元素M的气态原子逐个失去第1个至第4个电子所需能量(即电离能,用符号I1至I4表示)如下表所示:

 

(1)元素M的名称是_______________;

(2)硫原子核外有______种不同运动状态的电子,有______种不同形状的电子云;

(3)请用一个事实证明氧气的氧化性比硫的氧化性强:______________________________。

(4)相同条件下,0.1 mol/L NH4Al(SO42中c(NH4+)________(填“等于”、“大于”或“小于”)0.1 mol/LNH4HSO4中c(NH4+)。

(5)室温时,向100 mL 0.1 mol/LNH4HSO4溶液中滴加0.1 mol/LNaOH溶液,得到溶液pH与NaOH溶液体积的关系曲线如图所示:

①试分析图中a、b、c、d四个点,水的电离程度最大的是____________;

②在b点,溶液中各离子浓度由大到小的排列顺序是________;

③在c d段发生反应的离子方程式_________________。

正确答案

(1)铝 ;

(2)16 、2

(3)2H2S + O2 = 2H2O+2S↓

(4)小于

(5)①a; ②c(Na)>c(SO42)>c(NH4)>c(OH)=c(H) ③NH4+ OH=NH3·H2O;

试题分析:(1)由于该元素的第一、第二、第三电离能相差不多,但第四电离能与第三电离能相差很多,说明该元素的原子最外层有三个电子。在组成的NH4Al(SO42的元素中只有Al符合题意。因此元素M的名称是铝。

(2)S是16号元素,所以硫原子核外有16种不同运动状态的电子,S的核外电子排布为1s22s22p63s23p4有s、p两种不同形状的电子云;

(3)证明氧气的氧化性比硫的氧化性强的事实是2H2S + O2 = 2H2O+2S↓。

(4)在相同条件下,等浓度的0.1 mol/L NH4Al(SO42和0.1 mol/LNH4HSO4中Al3+水解使溶液显酸性比酸电离出的H+酸性要小的多,它们都对(NH4+的水解起到抑制作用。由于后者酸性强,抑制作用大,故c(NH4+)前者小于后者。

(5)①a点对应的NaOH溶液与NH4HSO4的物质的量相等,发生反应NaOH+NH4HSO4= NH4NaSO4 +H2O。NH4++H2ONH3·H2O+H+.对水的电离起到了促进作用。b点时n(NaOH)>n(NH4HSO4)溶液的PH=7,溶液.对水的电离无影响。C点D点对应的NaOH溶液体积逐渐增大,碱越来越多对水的抑制作用越来越强。故水的电离程度最大的是a点。

②n(NaOH)>n(NH4HSO4)溶液的PH="7," 溶液中各离子浓度由大到小的排列顺序是c(Na)>c(SO42)>c(NH4)>c(OH)=c(H).

③在c d段由于OH-过量,所以发生反应的离子方程式NH4+ OH=NH3·H2O。4Al(SO42的元素的原子结构、性质及与NaOH溶液混合发生反应的离子浓度、方程式等知识。

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简答题

(12分)某化学实验小组想要了解市场上所售食用白醋(主要是醋酸的水溶液)的酸度(酸度单位:g/100ml),现从市场上买来一瓶某品牌食用白醋,用实验室标准NaOH溶液对其进行滴定。下表是4种常见指示剂的变色范围:

(1)该实验应选用               作指示剂,向锥形瓶中移取一定体积的白醋所用的仪器是                             

(2)下图表示50ml滴定管中液面的位置,若A与C刻度间相差1ml,A处的刻度为25,滴定管中液面读数为            ml。此时滴定管中液体的体积                 

(3)为了减小实验误差,该同学一共进行了三次实验,假设每次所取白醋体积均为Vml,NaOH标准液浓度为C mol/L,三次实验结果记录如下:

从上表可以看出,第一次实验中记录消耗NaOH溶液体积明显多于后两次,其原因可能

                     

A.实验结束时俯视刻度线读取滴定终点时NaOH溶液的体积

B.滴定前滴定管尖嘴有气泡,滴定结束无气泡

C.盛装标准液的滴定管装液前用蒸馏水润洗过,未用标准液润洗

D.第一次滴定用的锥形瓶用待装液润洗过,后两次未润洗

E.滴定NaOH溶液过快,未充分振荡,刚看到溶液变色,立刻停止滴定

(4)根据所给数据,写出计算该白醋中总酸度的表达式(可以不必化简):             

(酸度:每100ml溶液中含有溶质酸的质量,单位:g/100ml)

正确答案

(1)酚酞,酸式滴定管(或移液管)(2)25.40;大于24.60mL(3)BCD

(4)

醋酸钠显碱性用酚酞,第一次实验中记录消耗NaOH溶液体积明显多于后两次,其原因可能滴定前滴定管尖嘴有气泡,滴定结束无气泡V1偏小,盛装标准液的滴定管装液前用蒸馏水润洗过,未用标准液润洗,标液浓度偏低,要的体积多些。.第一次滴定用的锥形瓶用待装液润洗过,后两次未润洗,锥形瓶不需要润洗,洗了酸液多了要的碱液多了。

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填空题

现有室温下浓度均为1×10-3mol/L的几种溶液①盐酸、②硫酸、③醋酸、④氯化铵、⑤氨水、⑥NaOH溶液,回答下列问题:

(1)PH均等于3的溶液①、②、③、④中水电离产生的c(H+)的比值是         

(2)将③、⑥混合后,若溶液呈中性,则消耗两溶液的体积为③   ⑥(填“>”、“<”或“=”),溶液中的离子浓度由大到小的顺序为                                         

(3) 将等体积的①、⑤混合,则溶液的PH     7(填“>”、“<”或“=”),用离子方程式说明其原因                                                  

(4)向相同体积的①、②、③溶液中分别加入相同的且足量的锌粒,反应的初始速率由快到慢的顺序为            ,最终产生H2总量的关系为                 

(5)向相同体积的①、③溶液中分别加入相同浓度、相同体积的CH3COONa溶液,充分混合后,混合液的PH大小关系为①      ③(填“>”、“<”或“=”)

(6)若将等体积的⑤、⑥溶液加热至相同温度后,溶液的PH⑤    ⑥(填“>”、“<”或“=”)

正确答案

(1)1:1:1:108   

(2)>    c(NH4+)=c(C1-)>c(H+)=c(OH-)

(3)<    NH4++H2ONH3·H2O+H+

(4) ②①③       ②>①=③

(5)<                

(6)<

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简答题

标准状况下,一个装满O2的容器的质量为79g,若装满氮气时质量是71g,盛满某气体X时,质量为103g。试计算:

⑴此容器的容积

⑵气体X的相对分子质量。

⑶该状况下该容器中盛满氯气时的总质量。

正确答案

⑴44.8L   ⑵44   ⑶157g

试题分析:(1)假设容器的体积为VL,质量为m,

则有:m+[VL/(22.4L/mol)]×32g/mol=79g,m+[VL/(22.4L/mol)]×28g/mol=71g,

解之得:V=44.8,m=15g,

答:此容器的容积为44.8L。

(2)盛满某气体X时,质量为103g,设气体X的摩尔质量为M,

则有:15g+[44.8L/(22.4L/mol)]×M=103,

解之得:M=44g/mol,

答:气体X的摩尔质量为44g/mol。

(3)在标况下该容器中盛满氯气时的总质量为:15g+[44.8L/(22.4L/mol)]×71g/mol=157g,

答:在标况下该容器中盛满二氧化碳时的总质量为157g。

点评:本题考查物质的量的相关计算,题目难度不大,注意求解容器的体积和质量为解答该题的关键。

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题型:填空题
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填空题

实验室中需要配制2mol/L的NaCl溶液950mL,配制时应选用的容量瓶的规格和称取NaCl质量分别是 ________,________。

正确答案

1000mL  117g

试题分析:配制2mol/L的NaCl溶液1000mL需氯化钠的质量为:2mol/L×1L×58.5g/mol═117.0g。

点评:只能配制容量瓶上规定体积的溶液,不能配制任意体积的一定物质的量浓度的溶液.计算时也要按配制的体积来计算所需溶质。

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填空题

(8分)在25℃时,有pH为a的HCl溶液和pH为b的NaOH溶液,取VaL该盐酸溶液用该NaOH溶液中和,需VbL NaOH溶液,(题中 a < b, ≥  8)。问:

(1)若a+b=14,则VaVb                 .

(2)若a+b=13,则VaVb                 

(3)若a+b>14,则VaVb             ,且Va         Vb(填“>”“<”“=”)

正确答案

(8分)(1)若a+b=14,则VaVb    1:1  .

(2)若a+b=13,则VaVb1:10

(3)若a+b>14,则VaVb  10a+b-14  ,且Va  Vb

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填空题

(6分)请完成下列各空:

(1) pH= a的CH3COOH溶液稀释100倍后所得溶液pH     a +2(填“>”或“<” 下同)

(2)0.01 mol·L1CH3COOH溶液的pH     2

(3)0.1 mol·L1CH3COONa溶液的pH     7

正确答案

(6分)(1)< (2)> (3)>

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简答题

某烧碱溶液中含有少量杂质(不与盐酸反应),现用中和滴定测定其浓度。

(1)滴定:①用      式滴定管盛装c mol/L盐酸标准液。如图表示某次滴定时50 mL滴定管中前后液面的位置。请将用去的标准盐酸的体积填入③表空格中,此时滴定管中液体的体积         mL。

②下表是4种常见指示剂的变色范围:

 

该实验应选用       作指示剂;

③有关数据记录如下:

 

(2)根据所给数据,写出计算烧碱样品的物质的量浓度的表达式(不必化简)c =                    

(3)对下列几种假定情况进行讨论:(填“无影响”、“偏高”、“偏低”)

A.若滴定前用蒸馏水冲洗锥形瓶,则会使测定结果         

B.读数时,若滴定前仰视,滴定后俯视,则会使测定结果         

C.若在滴定过程中不慎将数滴酸液滴在锥形瓶外,则会使测定结果         

D.滴加盐酸速度过快,未充分振荡,刚看到溶液变色,立刻停止滴定,则会使测定结果         

正确答案

(1)①酸  24.60 大于25.10 ②酚酞

(2) 

(3)无影响 偏低 偏高  偏低 

试题分析:(1)酸性溶液或氧化性的物质的溶液用酸式滴定管;用去的标准酸溶液的体积为:24.90-0.30=24.60ml.由于使用的是50 mL滴定管,所以此时滴定管中带有刻度的部分溶液的体积为50 mL-24.90=25.10ml。在滴定管下边无刻度的部分还有液体,此时滴定管中液体的体积大于25.10ml. ②石蕊颜色变化不明显,所以一般不做酸碱滴定的指示剂。用酚酞或甲基橙作指示剂。由于甲基橙的变色范围是3.1—4.4,酚酞的变色范围是8.2—10.0。为了减少实验误差,要用酚酞相对更精确。(2)三次滴定消耗的标准HCl的体积分别是25.30ml、24.60ml、25.35ml。由于24.60ml相对误差较大。舍去。因此消耗的标准酸溶液的体积为(25.30ml+25.35ml)÷2=25.325ml..根据酸碱恰好中和时的物质的量相等 ,可得c(碱)=。(3)A.若滴定前用蒸馏水冲洗锥形瓶,由于待测的碱溶液中的溶质的质量及物质的量没有变化,所以对测定结果无影响。B.读数时,若滴定前仰视,读数偏大;滴定后俯视,读数偏小。则消耗的标准酸溶液的体积会偏小。因此以此为标准计算的待测溶液的浓度就偏低。C.若在滴定过程中不慎将数滴酸液滴在锥形瓶外,则消耗的标准酸溶液体积偏大,以此为标准计算的待测溶液的浓度就偏高。D.滴加盐酸速度过快,未充分振荡,刚看到溶液变色,立刻停止滴定,则消耗的标准酸溶液的体积偏少,会使测定结果偏低。

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